Алехин электротехника
.pdf40
Проводим вычисления по формуле метода двух узлов:
|
6 |
12 |
8 |
|
|
|
6 |
2 |
|
||
U1 |
|
4B |
|||
13 |
16 |
12 |
|||
|
. |
По закону Ома находим токи в ветвях:
I1 |
U1 |
|
4 |
A |
I2 |
U1 E1 |
4 12 |
|
4 |
|
A |
|||||||||||
R1 |
|
3 |
|
|
R2 |
|
|
|
|
|
6 |
|
|
3 |
|
|||||||
|
|
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
, |
|||||||||
|
|
|
|
I3 |
U1 |
|
|
E2 |
4 |
8 |
|
6A. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
R3 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
Проверка по первому закону Кирхгофа: |
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
J1 |
|
|
I1 |
I2 |
|
I3, |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
6 |
4 |
6 |
4 |
6 . |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
3 |
3 |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2.5. Контрольные вопросы
1. Как определить необходимое число уравнений для расчета цепи, составленных по первому и второму закону Кирхгофа ?
2. Когда целесообразно применять для расчета цепи метод контурных токов ?
3. Как следует выбирать независимые контуры в цепи для расчета по методу контурных токов (МКТ) ?
4. Какой физический смысл имеют контурные токи и как через них выразить токи в ветвях ?
5. Как записать каноническую форму системы МКТ и найти элементы этой формы ?
6. Какими методами решают систему уравнений МКТ ?
7. Когда целесообразно применять для расчета цепи метод узловых напряжений (МУН) ?
8. Объясните структуру канонической формы уравнений МУН и расчет элементов этой формы ?
9. Когда применяют метод двух узлов и как записывают расчетную формулу этого метода ?
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
|
|
|
|
|
|
|
41 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Глава 3. ОСНОВНЫЕ ТЕОРЕМЫ ТЕОРИИ ЦЕПЕЙ |
|||||||||||||
|
|
|
|
3.1. Принцип наложения |
|
|
|
||||||||
Пользуясь методом контурных токов, запишем решение для тока в |
|||||||||||||||
первой ветви схемы рис.3.1: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
E11 |
R12 |
|
R13 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E22 |
R22 |
|
R23 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E33 |
R32 |
|
R33 |
|
11 |
|
21 |
|
31 |
||
|
|
I1 |
I11 |
R |
R |
|
R |
E11 |
E22 |
E33 |
|
||||
|
|
|
|
11 |
12 |
|
13 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R21 |
R 22 |
|
R23 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R31 |
R32 |
|
R33 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
( E E ) 11 |
|
( E E ) 21 |
|
0 31 |
|
|
||||||
|
|
|
1 |
6 |
|
|
2 |
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(3.1) |
||||
|
|
|
11 E |
21 E |
( 11 |
21 ) |
|
|
|
||||||
|
|
|
E |
I ` |
I `` |
I ``` |
|||||||||
|
|
|
|
1 |
|
2 |
|
|
|
|
6 |
1 |
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
I1 |
|
|
|
|
Мы видим, что в линейной электри- |
||||||||
R 1 |
|
E1 |
|
ческой цепи действует принцип наложения: |
|||||||||||
|
|
|
|||||||||||||
R6 |
|
E6 |
I11 |
R5 |
|
|
Ток в любой ветви равен алгебраиче- |
||||||||
|
|
ской сумме частичных токов, обусловлен- |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||
I6 |
|
|
|
I5 |
|
ных действием каждого источника в от- |
|||||||||
|
|
|
|
|
дельности при отсутствии остальных. |
||||||||||
R2 |
E2 |
I22 |
I4 |
R4 |
I33 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
I2 |
|
R3 |
|
|
При расчете частичных токов вместо |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
выключенных |
источников |
надо |
оставлять |
|||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
Рис.3.1 |
I3 |
их внутренние сопротивления: |
|
||||||||||
|
|
|
|
( Rин |
0,Rит |
|
|
). |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
П рим ер 3 . 1 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В схеме рис.3.2а E 6В, J |
2А,R1 |
R2 1Ом . Найти ток I2. |
||
I |
I`1 |
I`` |
||
1 |
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
E |
R1 |
J |
E |
R1 |
|
|
|
R1 |
J |
|
хх |
кз |
I`` |
||||||
|
I |
R |
|
I` |
R |
R |
|||
|
|
|
|
2 |
|||||
|
2 |
|
|
|
|
2 |
|||
|
|
2 |
|
2 |
2 |
|
|
|
|
|
а) |
|
|
|
б) |
|
|
|
в) |
Рис.3.2
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
42
Решение 1. Исключим источник тока и найдем в цепи рис.3.2б частичный ток
E
I2` R1 R2 3A.
2. Исключим источник напряжения E и найдем в цепи рис.3.2в ча-
стичный ток I2`` J |
|
R2 |
|
1A . (Эту формулу можно получить пре- |
|
R1 |
R2 |
||||
|
|
||||
образованием источника тока в источник напряжения). |
|||||
3. Находим полный ток I2 |
I2` I2`` 4A. |
3.2.Теорема взаимности (теорема обратимости)
Всложной пассивной цепи рис.3.3а выделим две внешние ветви i и
k .
|
i |
|
|
k |
|
i |
|
k |
|
|
i |
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Ei |
|
|
|
|
Ei |
|
|
|
|
|
|
|
Rk |
|
Iii |
П |
|
Rk |
|
Iii |
П |
Rk |
Ri |
Iii |
П |
Ikk |
Ik |
|
Ii |
Ikk |
I |
I |
Ikk |
Ik |
|||||||||
Ri |
|
|
k |
i |
Ri |
|
|
|
Ii |
|
|
|
Ek =Ei |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
i’ |
а) |
|
k' |
|
i’ |
б) |
k' |
|
|
i` |
в) |
|
k' |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис.3.3
Выберем контуры так, чтобы ветви ii и kk |
были ветвями связи и токи в |
|
них совпадали с контурными: Ii |
Iii и Ik |
Ikk . |
Поместим в ветвь ii источник напряжения Ei |
(рис.3.3б). Других |
источников напряжения в цепи нет. По методу контурных токов, используя формулу (2.13), найдем:
I |
k |
I |
kk |
|
ik |
E . |
|
(3.2) |
|||
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
i |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Здесь ik - алгебраическое дополнение к |
элементу Rik |
матрицы |
|||||||||
контурных сопротивлений. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Затем поместим в ветвь kk' источник напряжения |
Ek Ei . |
||||||||||
Найдем ток |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I |
i |
I |
ii |
ki E |
|
|
(3.3). |
||||
|
|
|
k |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
В линейной цепи определитель ∆ симметричен относительно главной |
|||||||||||
диагонали. Следовательно: ik |
|
ki и так как Ek |
Ei получим: |
|
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
|
43 |
|
|
Ik |
Ii . |
|
(3.4) |
Если Ei Ek , то выполняется пропорциональность: |
|
||
Ii E |
Ik |
E . |
(3.5) |
k |
|
i |
|
Ф о р м у л и р о в к а т е о р е м ы в з а и м н о с т и |
|
||
Если источник E действует в ветви i и вызывает в ветви k |
ток |
||
Ik , то тот же источник, помещенный |
в ветвь k , вызывает в ветви i |
||
ток Ii Ik (с точностью до знака). |
|
|
Электрические цепи, удовлетворяющие теореме взаимности, назы-
ваются обратимыми (или взаимными). Все линейные цепи с независимыми источниками являются обратимыми. К необратимым цепям относятся нелинейные цепи и линейные цепи с зависимым источником.
П рим ер 3 . 2 .
Собрать схемы рис.3.4 и проверить выполнение теоремы взаимности.
Рис.3.4
3.3. Входные и взаимные проводимости и сопротивления ветвей
По принципу наложения ток в любой ветви равен сумме частичных токов, обусловленных действием каждого источника в отдельности:
Ik Gk1E1 Gk 2E2 ... Gkk Ek ... GknEn |
(3.6) |
Коэффициенты в формуле (3.6) называются входными и взаимными проводимостями.
A |
|
Ik |
П |
|
|
Ek |
|
Рис.3.5
Входная проводимость ветви «k»
Gkk |
Ik |
(3.7) |
|
Ek |
|||
|
|
равна отношению тока ветви к ЭДС, включенной в эту ветвь, при равных нулю ЭДС остальных ветвей. Схема из-
мерения входной проводимости Gkk показана на рис.3.5.
Величина, обратная входной проводимости, называется входным сопротивлением ветви:
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
44
A |
П |
Ik |
Em |
Рис.3.6 |
показана на рис.3.6.
Rkk |
1 |
(3.8) |
|
|
|||
Gkk |
|||
|
|
Взаимная проводимость ветвей «k» и «m»
Gkm |
Ik |
(3.9) |
|
Em |
|||
|
|
равна отношению тока в ветви «k» к ЭДС, включенной в ветвь «m», при равных нулю ЭДС других вет-
вей. Схема измерения взаимной проводимости Gkm
Величина, обратная взаимной проводимости, называется взаимным сопротивлением:
Rkm |
1 |
(3.10) |
|
|
|||
Gkm |
|||
|
|
По принципу взаимности в линейной обратимой цепи:
|
|
|
|
|
|
|
Gkm |
Gmk , |
|
(3.11) |
|
|
|
|
|
|
|
|
Rkm |
Rmk . |
|
(3.12) |
|
|
Входные и взаимные проводимости положительны, а составляющие |
||||||||||
токов Gk1E1, Gk 2E2 |
могут иметь разные знаки в зависимости от вы- |
||||||||||
бранных направлений. |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
3.4. Связь между входными и взаимными проводимостями |
||||||||||
|
|
|
|
E1 |
|
На рис.3.7 показан граф разветвленной це- |
|||||
|
|
|
|
|
пи с нумерацией узлов и ветвей. По первому за- |
||||||
|
I'1 |
|
|
|
|
||||||
|
I'4 |
|
|
|
кону Кирхгофа для узла 1 имеем: |
|
|||||
|
|
|
I'2 |
1 |
|
||||||
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
2 |
|
|
|
1 |
|
I1 |
I2 |
I3 |
|
(3.13) |
|
|
|
3 |
2 |
|
|
||||||
|
5 |
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
Для узла 2 имеем: |
|
|
|||||
|
|
I'5 |
|
I'3 |
|
|
|||||
|
|
|
3 |
|
|
|
I1 |
I4 |
I5 |
I3 . |
(3.14) |
|
Рис.3.7 |
|
Следовательно: |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
I1 |
I2 |
I3 |
I4 |
I5 I3 . |
(3.15) |
|
Делим на E1 : |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
I1 |
I2 |
I3 |
I4 |
I5 |
I3 . |
(3.16) |
|
|
|
|
|
E1 |
E1 |
E1 |
E1 |
E1 |
E1 |
|
Получили связь между входной проводимостью и взаимными проводимостями:
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
45
G11 G21 G31 G41 G51 G31 . |
(3.17) |
Входная проводимость ветви равна сумме взаимных проводимостей данной ветви и каждой из остальных ветвей, присоединённых к одному из двух узлов, к которым присоединена эта ветвь.
3.5.Теорема о компенсации
Вэлектрической цепи рис.3.8а имеется ветвь с резистором R1, в ко-
торой проходит ток I1. Напряжение на резисторе U1 . В цепи рис.3.8б в эту ветвь подключены два равных по величине и направленных встречно источника напряжения E1 E1 U1 I1R1.
|
|
|
|
|
|
1 |
I2 |
|
|
|
|
|
|
b |
|
|
|
|
|
|
I2 |
|
|
R1 |
R2 |
I1 |
|
b |
|
|
|
c |
|
||
|
|
|
Udb |
|
|
|
||
|
- |
I1 |
R2 |
|
|
E2 |
|
|
|
|
|
|
E'1 |
|
|||
|
|
R1 |
2 |
d |
|
|
||
U1 |
|
|
|
|
|
|
||
+ |
|
E |
|
|
|
|
E1 |
|
|
|
|
|
E1 |
|
|||
|
a |
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I2 |
R2 |
E2 |
а) |
б) |
в) |
Рис.3.8
Найдем напряжение
Udb Ud Ub I1R1 E1 0 |
(3.18) |
Так как напряжение между точками d и b равно нулю, участок db можно закоротить. В результате мы получим схему рис.3.8в, в которой ре-
зистор R1 заменен источником напряжения E1 I1R1.
Ф о р м у л и р о в к а т е о р е м ы о к о м п е н с а ц и и
Любое сопротивление можно заменить источником ЭДС, направленным встречно току и равным напряжению на этом сопротивлении.
П рим ер 3 . 3 .
Собрать схемы рис.3.9 и проверить выполнение теоремы о компенсации.
Рис.3.9
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
46
3.6.Теорема об эквивалентном генераторе
Висходной схеме рис.3.10а требуется найти ток в одной ветви нагрузки с резистором R. Остальную часть схемы с источниками энергии можно рассматривать как активный двухполюсник с зажимами ab. Покажем, что для расчета тока в ветви активный двухполюсник можно заменить эквивалентным источником ЭДС и пассивным двухполюсником.
|
|
|
|
|
Uabxx |
|
E' = Uabxx |
I=0 |
|
a |
2 |
I |
|
|
a |
2 |
a |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
|
|
A |
|
|
A |
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
R |
b |
2' |
|
|
|
b |
2' |
b |
2' |
|
а) |
|
|
|
б) |
|
|
в) |
|
|
|
|
|
E' |
E |
|
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
EЭ |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
||
|
|
|
I |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
I |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
|
U = 0 |
|
RЭ |
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
b |
|
2' |
|
|
|
|
|
|
г) |
|
|
|
|
д) |
|
|
|
|
|
|
|
Рис.3.10 |
|
|
|
|
Выполним следующие действия.
1. Разомкнем цепь между точками «a-2» и найдем напряжение холостого хода Uabхх (рис.3.10б).
2. Включим между точками «a-2» E Uabхх (рис.3.10в). Так как
при этом напряжение между точками «a-2» будет такое же, как в схеме рис.3.10б, ток в резисторе останется равным нулю (I=0).
3.Включим E E противоположно к E . Получим схему рис.3.10г, эквивалентную исходной. Ток равен исходному, так как два источника ЭДС направлены противоположно и компенсируют друг друга.
4.В схеме рис.3.10г активный двухполюсник вместе с E' становится
пассивным. Его можно заменить эквивалентным сопротивлением Rэкв Rвхab , равным входному сопротивлению пассивного двухполюсника. В полученной схеме рис.3.10д
I |
Eэ |
|
Uавхх |
(3.19) |
R Rэ |
|
R Rвхав |
||
|
|
|
Т е о р е м а о б э к в и в а л е н т н о м г е н е р а т о р е
Любой активный двухполюсник можно заменить эквивалентным генератором, у которого ЭДС равна напряжению холостого хода на зажимах активного двухполюсника, а внутреннее сопротивление равно входному сопротивлению двухполюсника при равных нулю источниках напряжения и отключенных источниках тока.
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
47
П рим ер 3 . 4
Используя моделирование, преобразовать исходную схему рис.3.11а к эквивалентному генератору рис.3.11г и убедиться в равенстве токов в нагрузке.
3.7. Передача энергии от активного двухполюсника к нагрузке, согласование нагрузки с генератором
К электрической цепи, представленной активным двухполюсником рис.3.12а, подключена нагрузка Rн .
a |
|
|
|
|
|
|
|
a IH |
UH |
A |
|
|
|
RH |
|
|
RВХ |
|
|
|
|
|
|
|
EЭ |
|
RH |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
b |
|
|
|
|
|
|
|
b |
|
а) |
|
|
Рис.3.12 |
|
|
б) |
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|||
Заменим активный |
двухполюсник |
эквивалентным |
генератором |
||||||
(рис.3.12б). В полученной схеме |
|
|
|
|
|
|
|||
EЭ |
|
|
IнRн |
IнRвх . |
|
(3.20) |
|||
Умножим на Iн : |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
E |
|
I |
н |
I 2R |
|
I 2R . |
|
(3.21) |
|
Э |
|
н н |
|
н вх |
|
|
|||
Получили уравнение для мощностей: |
|
|
|
||||||
|
Pг |
Pн |
Pвн , |
|
|
(3.22) |
где: Pг -мощность генератора; Pн -мощность нагрузки; Pвн - потери мощности внутри генератора.
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
48
Определим ток, при котором в нагрузке будет выделяться макси-
мальная мощность ( Pн Pмах ). Выразим мощность в нагрузке:
P |
E I |
н |
I 2R . |
(3.23) |
н |
Э |
н вх |
|
Приравняем нулю производную мощности в нагрузке:
dPн |
EЭ |
2Iн Rвх |
0. |
|
dI |
||||
|
|
|
При выполнении этого условия ток в нагрузке
|
|
Iн |
EЭ |
. |
||
|
|
2Rвх |
||||
|
|
|
|
|
||
Но в схеме рис.3.12б: |
Iн |
|
EЭ |
|
. |
|
|
Rвх |
Rн |
||||
|
|
|
|
|||
Следовательно: |
|
|
|
|
|
|
|
|
Rвх |
Rн |
|
-условие согласования нагрузки с генератором, при нагрузке выделяется максимальная мощность.
Найдем максимальную мощность в нагрузке:
|
I 2 R |
E2 |
|
E2 |
|
P |
Э |
R |
Э |
. |
|
|
|
||||
мах |
н н |
( 2Rвх )2 |
вх |
4Rвх |
|
|
|
|
(3.24)
(3.25)
(3.26)
котором в
(3.27)
Коэффициентом полезного действия (КПД) активного двухполюсника называется отношение мощности, отдаваемой в нагрузку, к мощности, развиваемой эквивалентным генератором.
Используют несколько формул для расчета КПД:
|
P |
|
|
|
E I |
н |
I 2 R |
|
|
R |
I |
н |
|
I |
н |
|
||||||
|
|
н |
|
|
э |
н |
вх |
1 |
|
|
вх |
|
1 |
|
||||||||
Pг |
|
|
Eэ Iн |
|
|
|
|
Eэ |
|
Iкз |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
Iн2 Rн |
|
|
|
|
Rн R вх |
|
. |
|
|
|
(3.28) |
||||||
|
|
I |
2 |
( R |
|
R ) |
1 |
Rн |
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
н |
|
вх |
|
н |
|
R вх |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Графики КПД, напряжения на нагрузке и мощности в нагрузке от тока в нагрузке показаны на рис.3.13. Мы видим, что мощность в нагрузке
равна нулю при отсутствии в ней тока ( Iн |
0 ) или |
отсутствии напряже- |
ния на нагрузке при ее замыкании (Uн |
0,Iн |
Iкз ). Максимальная |
мощность в нагрузке выделяется при условии (3.26). При этом
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016
|
|
|
|
|
|
|
|
|
49 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Iн |
|
Iкз |
|
|
|
|
|
|
(3.29) |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найдем отношение мощности в нагрузке к ее максимальному значе- |
||||||||||||||||
нию: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
P |
|
E |
2 |
R |
|
4R |
4 Rн |
R |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
н |
|
э |
н |
|
вх |
|
|
вх |
2 . |
|
(3.29) |
||
|
|
|
|
|
Pмах |
( Rн |
|
|
Rвх |
)2 Eэ2 |
1 |
R |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
н |
Rвх |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
График этой зависимости показан на рис. 3.14. Если в нагрузке |
||||||||||||||||
должна выделяться значительная мощность, то при согласовании по усло- |
||||||||||||||||||
вию (3.26), когда |
Rн |
Rвх |
|
1, КПД |
|
равен 0,5 и такая же большая мощ- |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ность будет выделяться во внутреннем сопротивлении генератора. Это |
||||||||||||||||||
может быть недопустимо. Тогда |
нагрузку |
увеличивают |
до |
значения |
||||||||||||||
R |
|
|
3 , КПД при этом увеличивается до 0,75, |
а отношение |
Pн |
|||||||||||||
н |
Rвх |
P |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
мах |
снижается до 0,75. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
E |
P, ,U |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
PH |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
U=EЭ-IRВХ |
|
|
|
|
|
|
|
PMAX |
|
|
|
|
|
||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
η |
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
0,5 |
|
|
Pн |
|
|
|
|
|
|
|
0,5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Pнмах |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
RH |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
Iн =Iкз/2 |
|
IКЗ |
IH |
|
|
|
|
|
0 |
1 |
2 |
3 |
4 |
RBX |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
Рис.3.13 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис.3.14 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
П рим ер 3 . 5 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис.3.15
В.А. Алехин. Электротехника. Мультимедийный курс лекций. 2016