Калашников, Н.П. Руководство к решению задач по физике Основы квантовой физики. Строение вещества. Атомная и ядерная физика
.pdfа) числа нуклонов А1+А2=А3+А4; б) заряда Z1 + Z2 = Z3 + Z4 ;
в) релятивистской полной энергии E1 + E2 = E3 + E4 ;
г) импульса p1 + p2 = p3 + p4 .
Если общее число ядер и частиц, образовавшихся в результате реакции, больше двух, то запись соответственно дополняется.
● При делении некоторых ядер, например,
92235 U +n →92236 U → 14055 Cs + 9437Rb +2n ,
Количество нейтронов на выходе реакции больше, чем на входе, в результате чего возможно возникновение цепной реакции деления.
● Пороговая (минимальная) кинетическая энергия частоты т, налетающей на покоящуюся частицу М, для возбуждения ядерной реакции
m + M → m1 + m2 +... ;
Tпор ={(m1 + m2 +...)2 −(m + M )2}2cM2 , (4.2.2)
где m, M , m1, m2 ,... – массы покоя соответствующих частиц.
4.2.2. Методические рекомендации по решению задач
Пример 4.2.1. Вычислить кинетическую энергию α-частицы, испускаемой при превращении ядра урана 92232 U (с массой
232,03714 а.е.м.) в ядро тория 90238 Th (с массой 228,02873 а.е.м.).
Решение. Так как, масса α-частицы (ядро гелия 42 He ) равна 4,002603 а.е.м., то полная масса продуктов распада равна:
M (Th )+ M (He)= 228, 02873 + 4, 002603 = 232, 03133 а.е.м.
Уменьшение массы при распаде ядра урана 92232 U составляет:
M = M (U)− M (Th)+ M (He) = 0,00581а.е.м.
181
Эта масса переходит в кинетическую энергию. Так как 1 а.е.м.= = 931,5 МэВ, то при распаде высвобождается энергия, приблизительно равна 5,4 МэВ. С помощью закона сохранения импульса можно показать, что кинетическая энергия α-частицы равна примерно 5,3 МэВ. Следовательно, дочернее ядро (тория), испытывающее при вылете α-частицы отдачу в противоположном направлении, обладает кинетической энергией около 0,1 МэВ
|
ETh = Mc2 |
|
mα |
|
|
|
|
||||
|
|||||
|
|
|
mα + MTh |
Пример 4.2.2. Найти энергию реакции 9 Be(p, α)6 Li . Каковы кинетические энергии продуктов реакции, если ядро мишени (9 Be) покоилось, кинетическая энергия протона равнялась
Tp = 5, 45 МэВ, а ядро гелия вылетело под углом 90° к направлению движения протона?
Решение. Необходимые численные данные берем из табл. П.6 приложения. Энергия реакции
Q= c2 (m 9 Be+ m 1 H − m 4 He− m 6 Li )=
=931,49×(9,01219 +1,00783 − 4,00260 −6,01513)= 2,13 МэВ.
По закону сохранения энергии сумма кинетических энергий ядра лития и α-частицы равна начальной кинетической энергии протона плюс энергия, выделившаяся в реакции
TLi +Tα =Tp + Q . |
(4.2.3) |
Применим теперь закон сохранения импульса: |
pp = pLi + pα |
или p = pp − pα . Возводя это равенство в квадрат и учитывая, что
Li
pp pα = 0 , получаем
p2 |
= p2 |
+ p2 . |
(4.2.4) |
Li |
p |
α |
|
182
Поскольку при заданных условиях кинетические энергии частиц много меньше их масс покоя, мы можем применять нерелятивистские соотношения между кинетической энергией и импульсом, так что выписанное равенство записывается в виде
|
|
T m |
=T |
m 1 |
H |
+T m 4 |
He |
|
|
|
(4.2.5) |
|||||||||
|
|
Li |
6 Li |
|
p |
|
|
|
α |
|
|
|
|
|
|
|||||
Решая систему уравнений (4.2.3) и (4.2.4), получаем |
||||||||||||||||||||
|
|
Tα = |
m |
( Q +Tp )−Tp m1 |
H |
|
|
|||||||||||||
|
|
|
6 Li |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
; |
|
||||||
|
|
|
|
|
m |
|
|
+ m |
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4 He |
|
|
6 Li |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
m |
|
( |
Q +T |
p ) |
+T m |
|
|
|
|
|
||||||
|
|
T |
= |
|
|
4 He |
|
|
|
|
|
p 1H |
. |
(4.2.6) |
||||||
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
+m |
|
|
|
||||||||
|
|
Li |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 He |
|
|
|
6 Li |
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляя численные данные, находим |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
Tα = |
6,01513×(2,13 +5, 45)−5, 45×1,00783 |
= 4,00 МэВ; |
||||||||||||||||||
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
4,00260 +6,01513 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
T = |
4,00260×(2,13+5, 45)+5, 45×1,00783 |
= 3,58 МэВ (4.2.7) |
||||||||||||||||||
|
||||||||||||||||||||
Li |
4,00260 +6,01513 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Пример 4.2.3. Радиоактивное ядро магния |
1223 Mg выбросило |
позитрон и нейтрино (масса покоя равна нулю). Определить энергию β+-распада ядра.
Решение. Так как вылетевший позитрон унес положительный единичный заряд, то конечным продуктом реакции будет ядро с Z =11, т.е. изотоп натрия. А поскольку нуклоны из ядра магния не
вылетали, то массовое число этого изотопа будет по-прежнему равно 23. Таким образом, реакцию β+-распада ядра магния можно записать в виде
1223 Mg →1123 Na+10e +00 νe .
В уравнении энергетического баланса выразим массы ядер через массы нейтральных атомов:
183
Q= c2 (m23Mg −12me )−(m 23 Na−11me )−me =
=c2 (m 23 Mg−m 23 Na −2me )=
=931, 49×(22,99414 −22,98977 −2×0,00055)= 3,05 МэВ. (4.2.8)
Энергия Q делится между продуктами реакции (в основном
между позитроном и нейтрино). Поскольку масса нейтрино равна нулю, она не присутствует в уравнении энергетического баланса
(4.2.8).
Пример 4.2.4. Согласно углеродному циклу Бете, источником энергии солнечного излучения является энергия, выделяющаяся при образовании гелия из водорода в результате цепочки реакций,
когда исчезают четыре протона, а появляется ядро гелия 4 He , и вылетают два позитрона и два нейтрино (с нулевой массой покоя). Подсчитать, какое количество водорода ежесекундно должно
превращаться |
в |
гелий. |
Солнечная |
постоянная |
C =1, 4 кДж / |
(м2 с). |
Принимая, что водород составляет 35 % |
массы Солнца, подсчитать, на сколько лет хватит запаса водорода, если интенсивность излучения Солнца считать неизменной.
Решение. При превращении четырех протонов в ядро 4 He выделяется энергия
|
Q = c2 (4mp −mα −2me ). |
|
(4.2.9) |
||||
Выразим массы ядер через массы нейтральных атомов: |
|||||||
mp = m 1 |
− me , mα = m4 |
− 2me , откуда |
|
|
|||
H |
He |
− me )−(m4 He − 2me )− |
|
|
|||
|
Q = c2 4(m1 H |
2me |
= |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= c2 4m1 |
H |
− m |
− 4m = |
|
|
|
|
|
|
4 He |
e |
|
|
184
|
|
= 931,49×(4×1,00783 − 4,00260 − 4×0,00055) = |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
= 24,70 МэВ = 3,96 10−12 Дж. |
|
|
(4.2.10) |
|||||||||||
Разделив |
|
E |
на |
|
массу |
четырех протонов, |
найдем |
|||||||||||
«теплотворную» способность термоядерного топлива: |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
q = |
E |
|
|
3,96 10−12 |
|
|
14 |
|
|
||||||
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
= 5,9 10 |
Дж/кг. |
(4.2.11) |
|||||||
|
|
|
4mp |
|
4×1,67 10−27 |
|
||||||||||||
С другой стороны, |
зная солнечную постоянную C и расстояние |
|||||||||||||||||
R =1, 496 1011 |
м от |
Земли |
до |
Солнца, |
определяем светимость |
|||||||||||||
Солнца: |
|
|
|
L = 4πR2C = 3,9 1026 |
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
Вт. |
|
|
(4.2.12) |
||||||||||
Теперь вычисляем массовый расход водорода в недрах Солнца: |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
dm |
|
L |
|
11 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
dt |
= |
|
= 6,6 |
10 |
кг/с. |
|
|
(4.2.13) |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
q |
|
|
||||||||
Так как масса Солнца равна M = 2,0 1030 |
кг, то полная масса |
|||||||||||||||||
водорода MH = 0,35M , и его хватит на время |
|
|
|
|||||||||||||||
t = |
M |
H |
|
0,35×2 1030 |
|
|
|
|
18 |
|
10 |
|
||||||
|
|
= |
|
|
|
|
=1,06 10 c = 3,4 10 |
лет. |
(4.2.14) |
|||||||||
dm / dt |
|
|
|
11 |
||||||||||||||
|
|
|
6,6 10 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Это примерно в два раза больше времени, в течение которого существует наша Вселенная.
Пример 4.2.5. Какой изотоп образуется из альфарадиоактивного тория 90232 Th в результате четырех α-распадов и
двух β--распадов?
Решение. Представим схему радиоактивного распада тория:
292 |
4α |
A |
2β Ay |
90 |
Th → Zx |
X → Z y Y . |
|
|
|
x |
|
Применим законы сохранения заряда и числа нуклонов. После
четырех α-распадов |
Ax |
= 232 −4 4 = 216 , |
Zx |
= 90 −2 4 = 82 , а |
после двух β--распадов |
Ay |
= 216 −0 2 = 216, |
Z y |
= 82 −(−1) 2 = 84. |
Такимобразом, конечнымпродуктом распада является изотоп полония
84216 Po .
185
Пример 4.2.6. В результате столкновения нейтрона с ядром 168 O наблюдается испускание дейтерия (изотоп водорода 12 H , содержащий один протон и один нейтрон). Какое ядро возникает
в результате реакции? |
|
|
|
|||
|
Решение. |
Столкновение |
приводит |
к |
реакции |
|
1 n +16 |
O → X +2 |
H . Общее число нуклонов первоначально было |
||||
0 |
8 |
1 |
|
Z =8 +0 =8 . Число нуклонов и |
||
равно 16+1=17, |
полный заряд: |
заряд в правой части уравнения реакции должны иметь такие же
значения. Следовательно, |
Z X = 8 −1 = 7 |
AX =17 − 2 =15 . По |
периодической системе |
элементов |
находим, что Zx =7 |
соответствует азоту. Таким образом, в результате реакции образовалось ядро азота 157 N. Эту реакцию теперь можно записать в виде 168 O (n, d ) 157 N , где d означает дейтерий 12 H .
Пример 4.2.7. Радиоактивное ядро магния 23 Mg выбросило позитрон и нейтрино. Определить Q энергию β+-распада ядра.
Решение. Реакцию β+ -распада ядра магния можно записать
следующим образом: 1223 Mg →1123Na +10e + 00v .
Принимая, что ядро магния было неподвижным, и учитывая, что масса покоя нейтрино равна нулю, напишем уравнение энергетического баланса. На основании закона сохранения релятивистской полной энергии имеем
c2m |
= c2m |
Na |
+T |
+ c2m +T +T . |
(4.2.15) |
Mg |
|
Na |
e e v |
|
|
Энергия распада |
|
|
|
|
|
Q =TNa +Te +Tv = c2 (mMg − mNa − me ). |
( 4.2.16) |
Выразим массы ядер магния и натрия через соответствующие нейтральные атомы:
Q =c2 (mMg −12me )−(mNa −11me )−me .
Так как массы покоя электрона и позитрона одинаковы, то после упрощений получим
Q = c2 (mMg − mNa − 2me ).
186
Сделав подстановку, найдем Q = 3,05 МэВ.
Пример 4.2.8. Сколько α- и β--распадов должно произойти, чтобы 92238 U превратился в стабильный изотоп свинца 82206 Pb?
Решение. При α-распаде заряд ядра уменьшается на две единицы, а массовое число – на четыре. При β--распаде заряд ядра увеличивается на одну единицу (за счет испускания электрона). Поэтому при превращении урана в свинец должно произойти (238
– 206)/4 = 8α-распадов, во время которых заряд ядра уменьшается на 16 единиц, и 6β--распадов, чтобы общее уменьшение заряда ядра стало равно (92 – 82) = 10. Таким образом, правильным является ответ: 8α-распадов и 6β--распадов.
Пример 4.2.9. На рис. 13 показана область существования β- стабильных ядер. Прямая линия равновесные значения Zβ ,
соответствующие β-стабильным ядрам. Здесь Z – порядковый номер элемента, а N – число нейтронов в ядре. Определить в области Z < Zβ :
1)ядра обладают избытком протонов Z или нейтронов
N;
2)являются β− или β+ радиоактивными.
Решение: Схематическая диаграмма известных в настоящее время ядер приведена на рис. 13. При рассмотрении этой диаграммы можно видеть ряд интересных особенностей систематики различных ядер.
Рис. 13
1. Устойчивые ядра с порядковыми номерами Z ≤ 20 имеют приблизительно одинаковое число протонов и нейтронов (Z ≈ N ).
187
2. При Z ≥ 20 в устойчивых ядрах начинает возрастать отношение числа нейтронов к числу протонов N/Z. Устойчивые ядра располагаются вдоль узкой полосы значений N – Z, называемой долиной устойчивости. Линия, соответствующая β- стабильным ядрам, может быть аппроксимирована соотношением
Zβ = εN ,
где ε≈0,7. Это означает, что стабильные ядра содержат больше
нейтронов, чем протонов. Причину этого эффекта легко понять, если вспомнить, что ядерные силы – близкодействующие, а кулоновские – дальнодействующие. С ростом атомного номера увеличивается кулоновское отталкивание протонов, и поэтому для поддержания стабильности ядер требуется большое число нейтронов, у которых имеется лишь ядерное притяжение. Следовательно, с ростом Z возрастает отношение N/Z.
3. Ядра, расположенные по склонам долины устойчивости (выше или ниже линии Zβ = εN ), могут переходить в устойчивое
состояние путем радиоактивности распада, испуская β+- или β-- частицы. (Конечно, для более массивных ядер возможен α-распад, а некоторые ядра, стремясь к стабильности, самопроизвольно
делятся.) |
|
|
|
4. Ядра, расположенные |
ниже долины |
устойчивости |
|
Z < Zβ = εN , имеют избыток нейтронов (нейтроноизбыточные). В |
|||
нейтроноизбыточных |
ядрах |
возможен |
β--распад, |
сопровождающийся превращением нейтрона в протон и вылетом электрона и антинейтрино:
n → p +e− +v .
5. Ядра, расположенные выше долины устойчивости Z > Zβ = εN, содержат избыток протонов и распадаются путем β+-
распада:
p →n +e+ +v .
Следовательно, в области Z < εN ядра обладают избытком нейтронов и β--активны.
Таким образом, ядра обладают избытком нейтронов и β--
активны.
188
Пример 4.2.10. Оценить, какое количество урана участвует в делении при взрыве 20-килотонной бомбы (Энергия взрыва 1 кг тротила равна 4,2 МДж.)
Решение. При делении урана выделяется энергия порядка
1 МэВ/нуклон, |
т.е. |
106 ×1, 6 10−19 /1, 67 10−27 |
≈1014 Дж/кг. |
Энергия же |
взрыва |
20-килотонной бомбы |
составляет |
20×4, 2 1012 = 0,84 1014 Дж. Эти числа примерно |
совпали, т.е. |
||
деление одного килограмма 235 U выделяет такую же энергию, как |
|||
и взрыв 20 килотонн тротила. |
|
Пример 4.2.11. Определить массовый расход dm / dt ядерного
горючего 235 U |
в реакторе АЭС. Тепловая мощность |
станции |
равна P =10 |
МВт. Принять, что в одном акте |
деления |
выделяется энергия Q = 200 МэВ, а КПД станции равен η= 0,2 |
||
(20 %). |
|
|
Решение. Если за время dt разделилось dN атомов урана, то выделенная энергия равнаQdN , а мощность реактора с учетом его КПД составит P = ηQdN / dt . Масса ядра урана равна примерно
m = 235×1,67 10−27 = 3,92 10−25 кг, т.е. |
искомый массовый |
|||||||
U |
|
|
|
|
|
|
|
|
расход, составляет |
|
dm / dt = mU dN / dt = mU P / (ηQ). В СИ |
||||||
Q = 200 106 ×1, 60 10−19 = 3, 20 10−11 Дж. |
|
|
|
|||||
Отсюда находим |
dm |
= |
|
3,92 10−25 ×107 |
= 6,13 10 |
−7 |
кг/с=53 г/сут. |
|
dt |
|
0, 2×3, 20 10−11 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
4.2.3. Задачи для самостоятельной работы
Ядерные реакции
Задача 4.2.1. Вычислить с помощью табличных значений масс атомов энергию на один нуклон, которая выделяется при
протекании термоядерной реакции 36 Li+12Н → 242Не. Сравнить
189
полученную величину с энергией на один нуклон, освобождающейся при делении ядра урана (полная в ысвобождаемая приэтомэнергияпримерноравна200 МэВ). (2,80 МэВ; 0,8 5 МэВ)
Задача 4.2.2. Оп ределить поряд ковый номер Z и массовое число A частицы, обозначенной буквой x в символической записи ядерной реакции: 146 C+42Не→178 О+x . (10 n )
Задача |
4.2.3. |
Оп ределить поряд ковый |
номер |
Z и |
массовое |
||||||||
число |
A частицы, обозначенной буквой |
в символической записи |
|||||||||||
ядерной реакции: |
27 A L+x →1H+26Мg . ( Z = 0 , |
A = 0 – фотон) |
|
||||||||||
|
|
|
13 |
|
1 |
12 |
|
|
|
|
|
|
|
Задача |
4.2.4. |
Определить |
энергию |
Q |
ядерных |
реакций: |
|||||||
1) 9 Be+2Н →10В+1 n; |
2) 6Li+2 |
Н→ 24Не; |
3) 7Li+4Не→10В+1 n; |
||||||||||
4 |
1 |
5 |
0 |
3 |
1 |
|
2 |
|
|
3 |
2 |
5 |
0 |
4) 7 L i+1Н → 7 Be+1 n; |
5) 44Ca+1H → |
41K+4 |
Не. Высвобождается |
||||||||||
3 |
1 |
4 |
0 |
20 |
|
1 |
19 |
2 |
|
|
|
|
|
или поглощается энергия в каждой из указанных реакций? |
|
|
|||||||||||
(1 – Q |
= 4,36 МэВ; 2 – |
Q = 22, 4 МэВ; 3 – |
Q = −2,79 МэВ; |
|
|||||||||
4 – |
Q = −1,64 МэВ; |
5 – |
Q = −1,04 МэВ. При |
Q > 0 |
энергия |
||||||||
высвобождается, при Q < 0 – поглощается) |
|
|
|
|
|
||||||||
Задача4.2.5. Найтиэнергию Q ядерныхреакций: 1) 3 H ( p, γ)4Hе; |
|||||||||||||
2) 2 H (d, γ)4Hе; 3) 2 H (n, γ)3Hе; 4) 19 F(p, α)16O. |
|
|
|
||||||||||
(1 – |
Q =19,8 МэВ; 2 |
– Q = 23,8 МэВ; |
3 |
– |
Q = 6, 26 |
МэВ; |
4 – |
||||||
Q = 8,12 МэВ) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Задача |
4.2.6. |
Определить |
энер гию |
|
Q |
ядерной |
реакции |
9 Be(n, γ) 10Be , если известно, что энергия связи ядра 9 Be равна 58,16 МэВ, а ядра 10 Be – 64,98 МэВ. ( Q = 6,82 МэВ)
Задача 4.2.7. Найти энергию Q ядерной реакции 1 4 N (n, p)14C ,
еслиэнергиясвязиядра 14 N равна104,66 МэВ, аядра 14 C – 105,29 МэВ. ( Q = 0,63 МэВ)
190