vm1
.pdfJ Зведемо дану матрицю до еквiвалентної матрицi, ранг якої знаходиться простiше.
Помноживши перший рядок на (¡1) i додавши до третього рядка, одержимо матрицю
A1 = |
0 |
0 |
1 |
1 |
1 |
1 |
: |
|
@ |
1 |
2 |
1 |
1 |
A |
|
|
0 |
¡1 |
¡1 |
¡1 |
|
У матрицi A1 помножимо перший стовпчик по черзi на (¡2), (¡1), (¡1) i додамо вiдповiдно до другого, третього i четвертого
стовпчика, тодi A1 перейде в матрицю |
|
|
1 |
|
||||
A2 = 0 |
0 |
|
1 |
1 |
|
1 |
: |
|
@ |
1 |
|
0 |
0 |
|
0 |
A |
|
0 |
¡1 |
¡1 |
¡1 |
|
||||
Додавши другий рядок матрицi A2 до третього рядка, отримаємо |
||||||||
матрицю |
0 |
0 |
1 |
1 |
1 |
1 |
: |
|
A3 = |
|
|||||||
|
@ |
1 |
0 |
0 |
0 |
A |
|
|
|
0 |
0 |
0 |
0 |
|
|
||
Викреслимо третiй рядок у матрицi A3, тодi матимемо |
||||||||
A4 = µ |
0 |
1 |
1 |
1 |
¶ |
: |
|
|
|
|
1 |
0 |
0 |
0 |
|
|
|
Якщо помножити другий стовпчик на (¡1) i додати спочатку до третього стовпчика, а потiм до четвертого, то дiстанемо матрицю
A5 = µ |
0 |
1 |
0 |
0 |
¶: |
|
1 |
0 |
0 |
0 |
|
Викреслювання третього i четвертого стовпчикiв дає матрицю
|
|
|
A6 |
= µ |
0 |
1 |
¶: |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
0 |
|
|
¯ |
1 |
0 |
¯ |
|
|
|
|
Оскiльки jA6j = |
¯ |
0 |
1 |
¯ |
= 1, то ранг матрицi A дорiвнює рангу |
|||
¯ |
¯ |
|||||||
|
¯ |
|
|
¯ |
|
|
|
|
матрицi A6 i дорiвнює 2, тобто rang(A) = rang(A6) = 2. I
3.7. Метод Жордана-Гаусса послiдовного виключення змiнних. Розв’язування систем лiнiйних рiвнянь
61
методом Крамера та за допомогою матричного методу (методу оберненої матрицi) пов’язанi з великою кiлькiстю обчислень. Значно швидше можна розв’язати систему лiнiйних рiвнянь методом послiдовного виключення невiдомих, який називають
методом Жордана-Гаусса.
Розглянемо систему |
|
|
8 |
a11x1 + a12x2 + : : : + a1nxn = b1; |
(21) |
a21x1 + a22x2 + : : : + a2nxn = b2; |
||
> . |
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . |
|
> |
|
|
< |
|
|
>
>
: am1x1 + am2x2 + : : : + amnxn = bm:
Нехай деякий коефiцiєнт aij =6 0. Назвемо його розв’я- зувальним (провiдним). Рядок, якому належить розв’язувальний елемент, називатимемо розв’язувальним (провiдним) рядком, а стовпчик, якому належить розв’язувальний елемент – розв’язувальним (провiдним) стовпчиком.
Запишемо систему (21) у виглядi таблицi
A1 |
A2 |
: : : An |
A0 |
|
a11 |
a12 |
: : : a1n |
b1 |
|
a21 |
a22 |
: : : a2n |
b2 |
|
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
am1 am2 : : : |
amn |
bm |
Припустимо, що a11 6= 0. Подiлимо на нього всi елементи першого рядка. Користуючись першим рядком, виключимо змiнну x1 з решти рiвнянь. Для цього помножимо перший рядок по
черзi на ¡a21, ¡a31,. . . ,¡am1 i додамо вiдповiдно до другого, третього, . . . , m-го рядка. Дiстанемо таблицю
A1 |
A2 |
: : : An |
A0 |
||
1 |
a120 |
: : : a10 |
n |
b10 |
|
0 |
a220 |
: : : |
a20 |
n |
b20 |
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
0a0m2 : : : a0mn b0m
Далi за розв’язувальний елемент вiзьмемо a022 =6 0 (якщо a022 = 0, то мiняємо мiсцями друге рiвняння з якимось iз наступних, щоб одержати рiвносильну систему з a022 =6 0) i з його
62
допомогою виключимо, аналогiчно як x1, змiнну x2 з решти рiвнянь (дiстанемо нулi в другому стовпчику пiд a022)
A1 A2 |
A3 |
: : : An |
A0 |
||
1 |
a120 |
a130 |
: : : |
a10 n |
b10 |
0 |
1 |
a2300 |
::: |
a200n |
b200 |
0 |
0 |
a3300 |
: : : a300n |
b300 |
|
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
00 a00m3 : : : a00mn b00m
Якщо пiд час перетворень одержимо рядок, який складається з нулiв, то його можна вiдкинути.
Продовжуємо процес далi. При цьому можливi такi ситуацiї: 1) пiсля деякого кроку дiстанемо рядок, у якому всi елементи лiвiше вертикальної риски дорiвнюють нулю, а елемент правiше цiєї риски не дорiвнює нулю (всi коефiцiєнти при змiнних деякого рiвняння дорiвнюють нулю, а вiльний член вiдмiнний вiд нуля), тодi система несумiсна; 2) такого рядка не дiстанемо, то система сумiсна.
У другому випадку матимемо таблицю
A1 A2 A3 : : : Ar : : : An |
A0 |
||||
1 |
c12 |
c13 : : : c1r : : : c1n |
d1 |
||
0 |
1 |
c23 |
: : : c2r : : : c2n |
d2 |
|
0 |
0 |
1 |
: : : c3r : : : c3n |
d3 |
|
: : : |
: : : |
: : : |
: : : |
: : : : : : : : : |
: : : |
0 |
0 |
0 |
: : : |
1 : : : crn |
dr |
Якщо ранг вiдповiдної системи r = n, то вона має єдиний розв’язок. Щоб одержати цей розв’язок, необхiдно в передостаннє рiвняння замiсть xn пiдставити його значення з останнього рiвняння i знайти xn¡1 i т.д. Якщо r < n, то першi r змiннi x1; x2; : : : ; xr виражаємо через решту змiнних
xr+1; xr+2; : : : ; xn |
|
|
|
|
|
> |
x1 = c10 |
;r+1xr+1 + : : : + c10 ;nxn + d10 ; |
|
||
< |
|
|
|
|
|
8 x2 |
= c20 |
;r+1xr+1 |
+ : : : + c20 ;nxn + d20 ; |
(22) |
|
> . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . |
|
||||
> |
|
|
|
63 |
|
: |
|
|
|
|
|
> xr = cr;r0 +1xr+1 |
+ : : : + cr;n0 xn + dr0 : |
|
У системi (22) змiннi x1; x2,. . . ,xr вираженi через xr+1, xr+2, . . . , xn. Такий розв’язок системи називається загальним розв’язком, змiннi x1, x2, . . . , xr називаються базисними, змiннi xr+1, xr+2, . . . , xn – вiльними. Надаючи вiльним змiнним довiльних значень, дiставатимемо частиннi розв’язки.
Якщо вiльним змiнним надати нульових значень, то iз системи (22) одержимо значення базисних змiнних
x1 = d01; x2 = d02; : : : ; xr = d0r:
Одержаний розв’язок системи (21) називають базисним розв’язком. Кiлькiсть базисних розв’язкiв не перевищує Cnm. Якщо один базисний розв’язок знайдено, то для вiдшукання iншого одну з небазисних змiнних переводять у базиснi, а вiдповiдну базисну – у небазиснi.
Базисний розв’язок, у якого всi базиснi змiннi невiд’ємнi, називається допустимим базисним розв’язком.
Зручно здiйснювати зведення системи (21) до базисної фор-
ми |
|
x2 |
+a20 |
;m+1xm+1 |
+ : : : + a20 |
nxn |
= b20 |
; |
(23) |
8 |
x1 |
||||||||
> |
|
+a10 |
;m+1xm+1 |
+ : : : + a10 |
nxn |
= b10 |
; |
|
|
|
|
. . . . . . . |
. . . . . . . . . |
. . . . . . . . . . . |
. . . |
. . . . . |
. . . |
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
< |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
: |
|
|
xm + am;m0 +1xm+1 + : : : + amn0 |
xn = bm0 |
|
||||
> |
|
|
|
за допомогою методу Жордана-Гаусса.
Розглянемо детально цей процес. Нехай змiнна xs входить у r-е рiвняння з коефiцiєнтом ars. Для того щоб вона стала базисною, подiлимо r-е рiвняння на ars =6 0, тобто зробимо коефiцiєнт при xs одиницею, i результат вiднiмемо вiд кожного з решти рiвнянь, множачи кожного разу його на вiдповiдний елемент ais (дiстанемо змiнну xs з коефiцiєнтом 0).
Сукупнiсть операцiй, якi утворюють крок жорданових виключень, називаються жордановим перетворенням. Формули для обчислення коефiцiєнтiв a0ij, b0i, i 2 f1; : : : ; mg, нової системи, одержаної у результатi одного кроку жорданових виключень iз розв’язувальним елементом ars, мають вигляд:
a0 |
= |
1 |
arj; b0 |
= |
1 |
br; |
|
|
|||||
rj |
ars |
r |
ars |
|||
|
|
64
a0 |
= a |
ij ¡ |
aisarj |
; b0 |
= b |
i ¡ |
aisbr |
; |
|
|
|
|
|
||||||||
ij |
|
ars |
i |
|
ars |
|
||||
i 2 f1; : : : ; mg; i 6= r; |
|
j 2 f1; : : : ; ng: |
(24) |
Обчислення за формулами (24) можна описати за допомогою правила прямокутника: щоб знайти елемент a0ij, треба вiд елемента aij вiдняти добуток коефiцiєнтiв, якi стоять навпроти нього у провiдних стовпчику i рядку, подiлений на
провiдний елемент, розмiщений по дiагоналi вiд елемента aij |
||||||||||||||
aij |
|
|
|
|
|
|
|
|
ais |
|||||
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
a |
|
rj |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
ars |
||||||
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Отже, послiдовнiсть дiй, якi виконуються на одному кроцi жорданових перетворень у вiдповiдностi з формулами (24) така: провiдний елемент замiнюється одиницею; усi решта елементiв провiдного рядка дiляться на провiдний елемент; усi решта елементiв провiдного стовпчика замiнюються нулями; елементи, якi не належать провiдним рядку або стовпчику, обчислюються за правилом прямокутника.
Для перетворення системи (21) у базисну форму (23) треба не бiльше нiж m крокiв жорданових перетворень. На першому кроцi за провiдний елемент вибирається довiльний елемент ars 6= 0. На другому кроцi провiдний елемент вибирається у будь-якому рiвняннi (крiм r-го) серед ненульових коефiцiєнтiв системи, одержаної пiсля першого кроку i т.д. Якщо в процесi виключень з’явиться рiвняння, у якому лiва частина дорiвнює нулю, а вiльний член вiдмiнний вiд нуля, – це ознака несумiсностi системи. Якщо лiва i права частини деякого рiвняння перетворюються в нуль, то воно є лiнiйною комбiнацiєю решти рiвнянь, i його треба виключити з розгляду. Отже, у процесi жорданових перетворень або встановлюється несумiснiсть системи рiвнянь, або система зводиться до еквiвалентної базисної системи (23), звiдки розв’язок одержується безпосередньо. Формули жорданових перетворень (24) застосовуються як у випадку m = n, так i у випадку m < n.
65
Приклад 9. Розв’язати систему лiнiйних рiвнянь методом Жордана-Гаусса
|
|
|
8 |
|
|
x2 |
¡x3 |
|
+x4 |
|
+4x5 |
= ¡3; |
|
|
|
||
|
|
|
> |
x1 |
|
¡2x2 |
+3x3 ¡4x4 |
|
+2x5 |
= 4; |
|
|
|
||||
|
|
|
< |
|
|
|
|
|
¡ |
3x4 |
|
|
= 1; |
|
|
|
|
|
|
|
> x1 +3x2 |
+x3 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
> x1 |
|
+x2 |
|
¡3x4 +3x5 |
= 1: |
|
|
|
||||||
|
|
|
> |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
J Результати обчислень подамо у виглядi таблицi |
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
A1 A2 A3 A4 A6 |
A0 |
|
|
A1 A2 A3 A4 |
A6 |
A0 |
|||||||||||
|
1 |
¡2 3 ¡4 |
2 |
4 |
|
|
1 |
0 |
1 |
¡2 10 |
¡2 |
|
|||||
|
0 |
1 |
¡1 1 |
4 |
¡3 |
|
|
0 |
1 |
¡1 1 |
4 |
¡3 |
|
||||
1 |
3 |
0 ¡3 0 |
1 |
|
|
0 |
0 |
2 |
¡4 ¡22 |
12 |
|
||||||
1 |
1 |
1 ¡3 3 |
1 |
|
|
0 |
0 |
1 |
¡2 ¡11 |
6 |
|
||||||
1 |
¡2 3 ¡4 |
2 |
4 |
|
|
1 |
0 |
0 |
0 |
21 |
¡8 |
|
|||||
0 |
1 |
¡1 1 |
4 |
¡3 |
|
|
0 |
1 |
0 |
¡1 ¡7 |
3 |
|
|||||
0 |
5 |
¡3 1 ¡2 |
¡3 |
|
|
0 |
0 |
0 |
0 |
0 |
0 |
|
|||||
0 |
3 |
¡2 1 |
1 |
¡3 |
|
|
0 |
0 |
1 |
¡2 ¡11 |
6 : |
||||||
|
Отже, система набула вигляду |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
8 |
x1 |
|
|
|
|
+21x5 = ¡8; |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
x2 |
x3 |
|
x4 |
|
7x5 = 3; |
|
|
|
||||
|
|
|
|
< |
|
|
¡2x4 |
¡11x5 = 6; |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
: |
|
|
|
|
¡ |
|
|
¡ |
|
|
|
|
|
де x1, x2, x3 – базиснi змiннi, а x4, x5 – вiльнi змiннi. Тому загальний розв’язок системи: x1 = ¡8¡21x5, x2 = 3+x4+7x5, x3 = 6+2x4+11x5, fx4; x5g ½ R. Якщо покласти x4 = 0, x5 = 0, то одержимо базисний
розв’язок x1 = ¡8, x2 = 3, x3 = 6, x4 = 0, x5 = 0. I
За допомогою методу Жордана-Гаусса можна знаходити матрицю, обернену до даної. При цьому не треба дослiджувати задану матрицю на особливiсть, обчислюючи її визначник. Якщо можливе число крокiв жорданових перетворень r менше вiд порядку n матрицi (r < n), то матриця особлива й оберненої
немає.
Приклад 10. Знайти матрицю, обернену до матрицi
A = |
0 |
1 |
¡1 |
0 |
1 |
: |
|
|
2 |
2 |
3 |
A |
|
|
@ ¡1 |
2 |
1 |
|
66
J Запишемо матрицю A, а справа поряд iз нею – одиничну матрицю E третього порядку i виконаємо такi жордановi перетворення, щоб на мiсцi матрицi A утворити одиничну матрицю E. Обчислення подамо у виглядi таблиць
A1 |
A2 |
|
A3 |
E1 |
E2 |
E3 |
|
|||
|
2 |
|
2 |
3 |
|
1 |
0 |
0 |
|
|
|
1 |
|
¡1 |
0 |
|
0 |
1 |
0 |
|
|
¡1 |
2 |
1 |
|
0 |
0 |
1 |
|
|||
1 |
|
1 |
3=2 |
|
1=2 |
0 |
0 |
|
||
0 |
|
¡2 |
¡3=2 |
¡1=2 |
1 |
0 |
|
|||
0 |
|
3 |
5=2 |
|
1=2 |
0 |
0 |
|
||
1 |
|
0 |
3=4 |
|
1=4 |
1=2 |
0 |
|
||
0 |
|
1 |
3=4 |
|
1=4 ¡1=2 0 |
|
||||
0 |
|
0 |
|
1/4 |
|
¡1=4 |
3=2 |
1 |
|
|
1 |
|
0 |
|
0 |
|
1 |
¡4 |
¡3 |
|
|
0 |
|
1 |
0 |
|
1 |
¡5 |
3 |
|
||
0 |
|
0 |
1 |
|
¡1 |
6 |
4 |
: |
Отже, на мiсцi матрицi A дiстали одиничну матрицю E, а на мiсцi одиничної матрицi E – обернену матрицю A¡1. Тому
|
0 |
1 |
¡4 |
¡3 |
1 |
: I |
A¡1 = |
1 |
¡5 |
3 |
|||
|
@ |
¡1 |
6 |
4 |
A |
|
3.8. Теорема Кронекера-Капеллi. Розглянемо систему (21). Матриця
A = |
0 a21 |
a22 |
: : : a2n |
1 |
||
|
|
a11 |
a12 |
: : : |
a1n |
C |
|
B a: : : |
a: : : |
:: :: :: |
a: : : |
||
|
@ |
|
|
|
|
A |
|
B |
m1 |
m2 |
|
mn C |
називається матрицею системи (21), а матриця
|
|
a11 |
a12 |
: : : a1n |
|
A1 |
= |
0 a21 |
a22 |
: : : a2n |
|
|
|
@ |
a: : : |
:: :: :: |
a: : : |
|
|
B a: : : |
|||
|
|
B m1 |
m2 |
|
mn |
|
|
|
67 |
|
b1 1
b2 CC
: : : A bm
– розширеною матрицею системи (21).
Вiдповiдь на питання, коли система (21) є сумiсною дає така теорема.
Теорема Кронекера-Капеллi. Система лiнiйних рiвнянь сумiсна тодi й тiльки тодi, коли ранг матрицi системи дорiвнює рангу розширеної матрицi цiєї системи, тобто
rang(A) = rang(A1).
Отже, якщо rang(A) < rang(A1), то система (21) не має розв’язкiв. Вона суперечлива – не iснує вектора x0 = (x01; x02; : : : ; x0n), який задовольняє одночасно всi рiвняння (21).
У випадку, коли rang(A) = rang(A1) = k, система (21) має розв’язки. Щоб знайти їх, ми повиннi вибрати iз системи (21) деякi k рiвнянь, матриця коефiцiєнтiв яких має ранг k, i розв’язати цi рiвняння. Розв’язкiв у цiєї системи k рiвнянь з n невiдомими безлiч. При цьому довiльний розв’язок даних k рiвнянь є розв’язком i решти n ¡ k рiвнянь системи (21).
Описанi вище випадки вичерпують усi можливi ситуацiї, оскiльки ранг A1 не може бути меншим, нiж ранг A.
Для розв’язання системи (21) у загальному випадку не треба обчислювати ранги матриць A i A1, а потiм їх порiвнювати. Достатньо одразу застосувати метод Жордана-Гаусса.
Метод Жордана-Гаусса зручний тим, що вiн є найменш трудомiстким, дозволяє одночасно встановити сумiсна дана система чи нi, i у випадку сумiсностi знайти її розв’язки. Крiм того, вiн дає можливiсть знайти максимальне число лiнiйно незалежних рiвнянь – ранг матрицi системи.
Приклад 11. Розв’язати систему рiвнянь
8
< x1 + x2 + x3 = 1;
:x1 + x2 + 2x3 = 1; x1 + x2 + 3x3 = 2:
J Матриця системи
A = |
0 |
1 |
1 |
2 |
1 |
|
@ |
1 |
1 |
1 |
A |
|
1 |
1 |
3 |
має визначник jAj = 0. Очевидно, що ранг матрицi A дорiвнює 2, бо
68
є визначник, наприклад, |
¯ |
1 |
|
1 |
¯ |
= 1 6= 0. |
|
||
1 |
|
2 |
|
||||||
¯ |
|
¯ |
|
||||||
Матриця |
¯ |
|
|
1¯ |
1 |
1 |
1 |
|
|
¯ |
|
0 |
|
¯ |
|
|
|
1 |
|
A1 |
= |
1 |
|
1 |
2 |
1 |
|||
|
|
|
@ |
1 |
|
1 |
3 |
2 |
A |
має ранг, що дорiвнює 3, оскiльки визначник, породжений даною
матрицею |
|
¯ |
1 |
3 |
2 |
¯ |
6 |
|
|
|
|
|
|
¯ |
1 |
1 |
1 |
¯ |
|
|
|
|
|
|
|
¯ |
1 |
2 |
1 |
¯ |
|
|
|
|
|
|
|
¯ |
¯ = 1 = 0: |
|
|
|
|
||||
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
|
I |
|
|
Отже, rang(A) < rang(A¯1), i система¯ |
несумiсна. |
|
|
|
|||||||
Приклад 12. Розв’язати систему рiвнянь |
|
|
|
||||||||
|
|
8 |
x |
+ x |
+ x |
= 1; |
|
|
|
|
|
|
|
x11+ x22+ 2x33 = 1; |
|
|
|
|
|||||
|
|
< |
2x1 + 2x2 + 4x3 = 2: |
|
|
|
|
||||
J Маємо |
|
: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A = |
0 1 1 2 1; A1 = 0 1 1 2 1 1 |
: |
|||||||||
|
1 |
1 |
1 |
|
|
|
1 |
1 |
1 |
1 |
|
|
@ 2 2 4 A |
|
|
@ 2 2 4 2 A |
|
Очевидно, що jAj = 0, а rang(A1) = rang(A) = 2. Отже, система сумiсна i для знаходження її розв’язкiв виберемо два рiвняння таких, щоб ранг матрицi з їхнiх коефiцiєнтiв дорiвнював 2. Вiзьмемо, наприклад, перше i друге рiвняння
½ x1 + x2 + x3 = 1; x1 + x2 + 2x3 = 1:
Запишемо цю систему у виглядi
½ x1 + x3 = 1 ¡ x2; x1 + 2x3 = 1 ¡ x2:
Визначник ¢ останньої системи
¯¯
¢= ¯¯¯ 11 12 ¯¯¯ = 1 =6 0;
тому вона має єдиний розв’язок при довiльнiй правiй частинi:
x1 |
= ¢ |
¯ |
1 |
¡ x2 |
2 |
¯ |
= 1 ¡ x2; x3 = |
¢ |
¯ |
1 |
1 |
¡ x2 |
¯ |
= 0: |
||
|
1 |
¯ |
1 |
¡ |
1 |
¯ |
|
1 |
¯ |
1 |
1 |
¡ |
¯ |
|
||
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
69
Отже, трiйки чисел (1 ¡ x2; x2; 0) при будь-якому x2 2 R дають всi розв’язки даної системи. I
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вправи |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
1. Знайти матрицю A + 3B ¡ C, якщо A = µ |
3 |
5 |
¶, |
|
||||||||||||||||||||
|
1 |
¡2 |
|
||||||||||||||||||||||
B = |
µ |
2 ¡1 |
, C = |
|
9 |
|
|
2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
¡1 |
|
|
2 |
¶ |
|
µ ¡2 |
|
|
4 ¶ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
2. Обчислити матрицю D = (AB)T ¡ C2, |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
3 |
|
4 |
2 |
|
|
|
2 |
0 |
|
|
|
|
|
|
1 |
3 |
|
|
|
|
||
де A = |
|
, B = 0 1 3 1, C = |
µ |
|
|
|
|
||||||||||||||||||
1 0 5 |
0 4 . |
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
µ |
|
|
|
|
¶ |
@ |
0 |
5 |
A |
|
|
|
|
|
¶ |
|
|
|
||||
|
3. Знайти AB i BA, |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
якщо A = |
|
|
2 |
1 |
1 |
, B = |
3 |
|
|
¡1 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
1 |
1 |
¡ |
¡ |
1 |
|
1 . |
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
µ |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
¶ |
|
|
|
@ |
1 |
|
|
A |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
4. Обчислити AB, якщо: |
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
5 |
0 |
2 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
1 |
, B = 0 ¡2 1; |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
1) A = |
4 1 5 3 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
3 |
1 |
1 |
2 |
|
|
B |
|
7 |
C |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
@ |
A |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
¡ |
|
|
|
B |
|
|
C |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ |
|
3 A |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
1 |
1 |
|
|
|
|
|
||
|
2) A = 4 0 |
2 3 1 |
|
|
, B = |
|
¡1 . |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
¡ |
|
|
¡ |
|
|
|
¢ |
|
|
|
B |
5 |
C |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
2 |
C |
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
C |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
|
C |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
2 |
3 |
|
|
@ |
|
A |
0 |
1 |
1 |
1 |
|
|||
|
5. |
Нехай |
A |
= |
|
|
, |
|
B |
= |
1 |
2 |
i C = |
||||||||||||
|
4 |
|
5 |
6 |
|
|
|||||||||||||||||||
|
1 |
|
1 |
|
0 |
|
|
|
µ |
|
|
|
|
¶ |
|
|
|
|
|
@ |
1 |
3 |
A |
|
|
0 |
|
¡ |
|
|
1. Обчислити AB, BA, AC, BC, i C2. |
|
|
|
|||||||||||||||||
0 |
|
1 |
|
1 |
|
|
|
||||||||||||||||||
@ |
2 |
|
1 |
|
1 |
A |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
3 |
¶, |
|
|
|
6. Знайти добуток матриць ABC, де A = µ |
7 |
5 |
|
|||||||||||||||||||||
B = |
µ |
¡28 93 |
, C = |
µ |
|
7 3 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
38 |
|
|
¡126 |
¶ |
|
|
2 |
1 |
¶ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
7. Обчислити A3, якщо A = |
1 |
|
¡2 . |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
µ |
3 |
|
¡4 |
¶ |
|
|
|
|
|
|
8. Знайти матрицю, обернену до даної:
70