- •СОДЕРЖАНИЕ
- •2.Теоретический материал по темам курса
- •2.5.Расчет движущихся с ускорением элементов конструкций
- •3.1.2.Задача №2
- •Пример выполнения задачи №2
- •3.2.Расчеты на сложное сопротивление
- •3.2.1.Задача №3
- •Пример выполнения задачи №3
- •Пример выполнения задачи №4
- •4.1.Задача №1
- •6.Рекомендуемая литература
- •6.Приложения
3.2.РАСЧЕТЫ НА СЛОЖНОЕ СОПРОТИВЛЕНИЕ
3.2.1.Задача №3
Стальной брус с ломанной осью (рис.3.7) нагружен силами Pi . Требу-
ется:
1).Выполнить проектировочный расчет, то есть подобрать размеры сечений бруса, прямоугольного - b ×h , круглого - d , используя четвертую (энергетическую) теорию прочности и пренебрегая напряжениями от нормальной N и перерезывающих QY , QZ сил. Выбрать рациональную ори-
ентацию прямоугольного сечения, то есть длинная сторона сечения должна быть параллельна плоскости действия максимального изгибающего момента на участке бруса.
2).Для выбранных размеров сечений бруса определить максимальные величины напряжений σ и τ от нормальных и перерезывающих сил, не учтенных в проектировочном расчете и сделать вывод об их влиянии на прочность бруса.
3).Определить смещение крайнего (свободного) сечения бруса в направлении приложенной в нем силы. При вычислении перемещений пренебречь деформациями сдвига (от перерезывающих сил) и растяжениясжатия (от нормальной силы).
При выполнении задачи значения коэффициентов α , β , γ необходимых для расчета касательных напряжений кручения и перемещений бруса
принять |
по табл.3.4 в зависимости от отношения h / b . |
σT = 350 МПа, |
||||||
Принять P = 2500 Н , a = 1000 мм, предел текучести |
||||||||
коэффициент запаса прочности n = 2.5 . |
|
|
|
Табл.3.3 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вар. |
|
P1 |
P2 |
|
a1 |
a2 |
|
h / b |
1 |
|
2P |
0.5P |
|
a |
1.5a |
|
2.0 |
2 |
|
2.5P |
2P |
|
a |
1.5a |
|
3.0 |
3 |
|
3P |
P |
|
a |
2a |
|
1.5 |
4 |
|
1.5P |
2.5P |
|
2a |
2a |
|
2.5 |
5 |
|
P |
2P |
|
2a |
a |
|
1.0 |
6 |
|
0.5P |
P |
|
1.5a |
a |
|
1.0 |
7 |
|
1.5P |
2P |
|
1.5a |
2a |
|
1.5 |
8 |
|
2P |
P |
|
a |
1.5a |
|
2.0 |
9 |
|
P |
1.5P |
|
2a |
2a |
|
2.5 |
10 |
|
3P |
2P |
|
a |
a |
|
3.0 |
11 |
|
2.5P |
3P |
|
2a |
1.5a |
|
2.0 |
12 |
|
2.5P |
1.5P |
|
1.5a |
a |
|
3.0 |
13 |
|
P |
3P |
|
a |
2a |
|
1.5 |
14 |
|
2P |
2P |
|
1.5a |
2a |
|
2.5 |
15 |
|
P |
P |
|
2a |
a |
|
1.0 |
74
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Табл.3.4 |
|
Коэффициент |
|
Отношение большей стороны сечения h к меньшей b |
||||||||||
1,0 |
|
1,5 |
2,0 |
2,5 |
3,0 |
4,0 |
6,0 |
|
8,0 |
|
10,0 |
|
α |
0,208 |
|
0,231 |
0,246 |
0,258 |
0,267 |
0,282 |
0,299 |
|
0,307 |
|
0,312 |
β |
0,141 |
|
0,196 |
0,229 |
0,249 |
0,263 |
0,281 |
0,299 |
|
0,307 |
|
0,312 |
γ |
1,000 |
|
0,859 |
0,795 |
0,766 |
0,753 |
0,745 |
0,743 |
|
0,742 |
|
0,742 |
Для прямоугольного сечения: момент сопротивления кручению - W |
=αb2h ; момент |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
к |
|
|
|
|
инерции сечения при кручении - Jк = βb3h .
Порядок выполнения задачи:
1).Строят эпюры силовых факторов в сечениях рамы по участкам, используя метод сечений.
2).По эпюрам изгибающих и крутящего моментов определяют опасные сечения для частей бруса с прямоугольного и круглого сечений. Опасными будут сечения, в которых возникают одновременно большие по величине изгибающие и крутящие моменты. Так как эпюры моментов в рассматриваемых вариантах линейны, то потенциально опасными сечениями будут только сечения на границах участков.
3).Для выбранных сечений строят (качественно) эпюры нормальных и касательных напряжений и выбирают опасные точки. Для выбранных опасных точек выражают напряжения σ и τ через известные моменты и неизвестные размеры сечения b или d и записывают условие прочности через эквивалентное напряжение. Из условия прочности определяют необходимые размеры сечения, из размеров полученных для разных опасных точек (опасных сечений) в качестве окончательного выбирают наибольший.
4).Рассчитывают нормальные напряжения от нормальной силы и касательные напряжения от перерезывающих сил по формуле Журавского, оценивают их влияние на прочность бруса.
5).Рассматривают единичное состояние бруса, прикладывая единичную силу по направлению искомого перемещения, строят эпюры изгибающих и крутящих (единичных) моментов от действия единичной нагрузки. Перемножая единичные эпюры на эпюры соответствующих силовых факторов от заданной внешней нагрузки (грузовые эпюры) по формуле Верещагина или Карнаухова-Симпсона определяют искомое перемещение.
|
|
|
|
|
a1 |
|
2a1 |
|
|
a2 |
a2 |
P1 |
|
|
|
||
|
|
|
a1 |
||
|
|
|
|
||
|
a2 |
|
|
|
|
a1 |
|
|
|
P2 |
|
P2 |
|
P1 |
a1 |
||
|
|
||||
|
1 |
2 |
|||
|
|
|
|
75
|
a1 |
|
a1 |
|
|
|
P2 |
|
|
2a2 |
|
|
2a2 |
|
P1 |
|
|
|
|
|
|
||
|
a1 |
P1 |
P2 |
|
|
|
a2 |
|
|||
|
|
4 |
|||
|
|
3 |
|
|
|
|
a1 |
|
a1 |
|
|
|
2a2 |
|
|
|
|
|
P1 |
a2 |
|
|
|
|
|
|
P2 |
|
|
|
a2 |
|
a1 |
|
|
|
|
|
|
||
|
a1 |
|
|
|
|
|
|
P1 |
a2 |
|
|
|
P2 |
|
6 |
||
|
5 |
|
|||
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
a2 |
a2 |
|
|
|
P2 |
|
|
|
|
|
2a1 |
a1 a2 |
P2 |
|
|
2a2 |
|
P1 |
|
|
|
|
P1 |
7 |
2a1 |
8 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
||
|
2a1 |
P2 |
P1 |
|
|
|
|
a1 |
|
|
|
|
|
|
a1 |
|
|
|
a2 |
a2 |
|
|
|
|
a2 |
|
|
|
|
|
P1 |
|
|
2a2 |
10 |
|
P2 |
|
|
||
|
9 |
|
|
||
|
|
|
|
||
|
P1 |
|
a1 |
|
|
a2 |
|
|
|
|
|
2a1 |
|
|
a2 |
|
|
|
|
|
|
||
a1 |
|
|
a1 |
P2 |
|
P2 |
|
|
|
||
|
11 |
|
P1 |
|
|
|
|
a2 |
12 |
||
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
76
|
a2 |
P1 |
a1 |
a2 |
P2 2a2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
a2 |
|
a1 |
a1 |
|
P1 |
a1 |
P2 |
2a1 |
|
14 |
||
|
13 |
|||
|
|
|||
|
|
|
|
|
a2 |
|
|
a2 |
|
|
P2 |
|
P2 |
a1 |
a1 |
|
|
||
|
|
|
a1 |
|
a1 |
|
|
|
|
P1 |
|
a2 |
|
|
|
|
|
||
|
a2 |
P1 |
16 |
|
|
15 |
|
Рис.3.7
a2
a1 P2
a1
a2
P1
Рис.3.8
Решение.
Пример выполнения задачи №3
Рассмотрим решение задачи на примере бруса изображенного на рис.3.8, и следующими исходны-
ми данными: P1 = 3P ; P2 = 2.5P ; a1 = 2a ; a2 =1.5a ;
h / b = 2.5 , |
P = 2500 Н , a = 1000 мм. Предел текуче- |
||
сти σT = 350 МПа, коэффициент запаса прочности |
|||
n = 2.5 , |
допускаемые |
|
напряжения |
[σ]= σT / n = 140 МПа. |
Модуль |
Юнга |
Е = 2 105 МПа, модуль сдвига G = 8 104 МПа.
1).Построение эпюр силовых факторов в рассматриваемом брусе от задан-
ной нагрузки (грузовых эпюр).
Уточним некоторые особенности построения эпюр в пространственных стержневых конструкциях. Во-первых, эпюры изгибающих моментов строятся всегда на сжатых волокнах (без указания знака) и в плоскости действия соответствующего изгибающего момента, во-вторых, эпюры перерезывающих сил строятся в плоскости действия соответствующей силы (без указания знака), эпюры нормальной силы и крутящего момента (с указанием знака) строятся в произвольных плоскостях. Силовые факторы в сечениях определяются методом сечений, при этом для каждого участка бруса выбирается своя система координат.
На рис.3.9, а изображена ось бруса с приложенными нагрузками и опорами, там же обозначены границы участков. На рис.3.9, б, в, г, д проил-
77
люстрировано применение метода сечений для каждого из участков бруса, там же показаны оси координат для каждого из участков и искомые силовые факторы.
1.5a |
E |
|
|
X1 |
|
|
|
||
D |
2a |
|
|
N1 |
|
|
MY1 |
||
|
|
Z1 |
||
|
|
|
||
2.5P |
|
C |
QZ1 |
MКР1 |
|
2a |
|
MZ1 |
|
B |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
1.5a |
|
|
|
x |
|
|
3P |
А |
|
|
|
|
||
3P A |
|
|
|
б. |
а. |
|
|
|
|
|
Y3 |
|
|
|
X3 |
MZ3 |
QY3 |
|
|
QZ3 |
x |
|
||
|
|
|
||
N3 |
|
3 |
|
|
MКР3 |
|
|
||
Z3 |
|
|
|
|
MY3 |
|
|
|
|
2.5P |
|
2a |
|
|
B |
|
|
|
|
|
|
|
|
1.5a
3P A
г.
Рис.3.9
|
|
|
Y2 |
|
|
Z2 |
QZ2 |
QY2 |
X2 |
|
MКР2 |
|||
Y1 2.5P |
|
N2 |
||
|
|
MY2 |
||
QY1 |
В |
|
|
|
|
MZ2 |
|
||
|
|
x |
|
|
|
1.5a |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
3P |
А |
|
|
|
|
|
в. |
|
|
|
Y4 |
|
|
Z4 |
|
QY4 |
X4 |
|
QZ4 |
|
|
||
|
MКР2 N4 |
|||
|
|
|||
D |
x |
MZ4 |
MY4 |
|
4 |
|
|
||
|
|
|
||
|
2a |
|
C |
|
2.5P |
|
|
|
|
|
|
|
|
2a
В
1.5a
3P А
д.
Записывая уравнения равновесия для частей бруса изображенных на рис.3.9, б, в, г, д, находим выражения для всех силовых факторов на участ-
ках бруса. В качестве моментных каждый раз выбираются оси рассматриваемого произвольного сечения (с координатой - x).
78
Участок 1 АВ (см. рис.3.9, б).
Для определения нормальной и перерезывающих сил составляем уравнения равновесия в проекциях на оси координат:
1)из ∑FXi 1 = 0 N1 = 0 ;
2)из ∑FYi 1 = 0 QY1 +3P =0 или QY1 = −3P (знак «-» означает, что действительное направление перерезывающей силы противоположно изображенному на рисунке);
3)из ∑FZi 1 = 0 QZ1 =0 .
Для определения изгибающих и крутящего момента составляем уравнения равновесия в виде суммы моментов относительно осей координат:
4)из ∑M X 1(Fi ) = 0 M КР1 =0 ;
5)из ∑MY1(Fi ) = 0 MY1 =0 ;
6)из ∑MZ1(Fi ) = 0 MZ1 −3Px1 = 0 или MZ1 = 3Px1 , зависимость мо-
мента от |
координаты линейная, значит, эпюру строим |
по значениям на |
границах |
участка – т. А x1 = 0 , MZ1(0) =0 , |
т.В x1 = 1.5a , |
MZ1(1.5a) = 3 1.5a P = 4.5Pa (положительное значение указывает на то,
что показанное на рисунке направление момента правильное и момент сжимает дальние волокна).
По полученным значениям строим эпюры силовых факторов для участка. Эпюры QY1 и MZ1 строим в плоскости X1Y1 , см. рис.3.10.
|
|
Участок 2 ВС (см. рис.3.9, в). |
Для определения нормальной и перерезывающих сил составляем |
||
уравнения равновесия в проекциях на оси координат: |
||
1)из ∑FXi |
2 = 0 получаем N2 +3P =0 N2 = −3P , («-» означает, что |
|
участок сжат); |
||
2)из ∑FYi |
2 = 0 QY2 − 2.5P = 0 или QY2 = 2.5P ; |
3)из ∑FZi 2 = 0 QZ2 =0 .
Для определения изгибающих и крутящего момента составляем уравнения равновесия в виде суммы моментов относительно осей координат:
4)из ∑M X 2 (Fi ) = 0 M КР2 =0 ;
5)из ∑MY2 (Fi ) = 0 MY2 = 0 ;
6)из ∑MZ 2 (Fi ) = 0 MZ2 −3P 1.5a − 2.5Px2 =0 MZ2 = 4.5Pa + 2.5Px2 ,
зависимость момента от координаты линейная, значит, эпюру строим по
значениям на границах участка – |
т.В x2 =0 , MZ2 (0) = 4.5Pa , т.С x2 = 2a , |
MZ2 (2a) = 4.5Pa + 2.5P 2a = 9.5Pa |
(положительные значения указывают |
на то, что показанное на рисунке направление момента правильное и момент сжимает нижние волокна).
79
По полученным значениям строим эпюры силовых факторов для участка. Эпюры QY2 и MZ2 строим в плоскости X2Y2 , эпюру N2 в произволь-
ной плоскости, см. рис.3.10.
Участок 3 СD (см. рис.3.9, г).
Для определения нормальной и перерезывающих сил составляем уравнения равновесия в проекциях на оси координат:
1)из ∑FXi 3 = 0 получаем N3 =0 ;
2)из ∑FYi 3 = 0 QY3 − 2.5P =0 или QY3 = 2.5P ; 3)из ∑FZi 3 = 0 QZ3 −3P =0 или QZ3 = 3P .
Для определения изгибающих и крутящего момента составляем уравнения равновесия в виде суммы моментов относительно осей координат:
4)из ∑M X 3 (Fi ) = 0 M КР3 −3P 1.5a − 2.5P 2a =0 или M КР3 = 9.5Pa , («+» означает, что крутящий момент в сечении направлен против часовой стрелки);
5)из ∑MY3 (Fi ) = 0 MY3 +3Px3 =0 или MY3 = −3Px3 , зависимость момента от координаты линейная, эпюру строим по значениям на границах участка – т.С x3 = 0 , MY3 (0) =0 , т.D x3 = 2a , MY3 (2a) = −6Pa («-» означа-
ет, что изгибающий момент в сечении направлен противоположно показанному на рисунке и следовательно сжимает дальние волокна);
6)из ∑MZ 3 (Fi ) = 0 MZ3 − 2.5Px3 =0 MZ3 = 2.5Px3 , зависимость момента от координаты линейная, значит, эпюру строим по значениям на границах участка – т.С x3 = 0 , MZ3 (0) =0 , т.D x3 = 2a , MZ3 (2a) = 5Pa (по-
ложительные значения указывают на то, что показанное на рисунке направление момента правильное и момент сжимает нижние волокна).
По полученным значениям строим эпюры силовых факторов для участка. Эпюры QY3 и MZ3 строим в плоскости X3Y3 , эпюры QZ3 и MY3 стро-
им в плоскости X3Z3 , эпюры N3 и M КР3 в произвольной плоскости, см.
рис.3.10.
Участок 4 DЕ (см. рис.3.9, д).
Для определения нормальной и перерезывающих сил составляем уравнения равновесия в проекциях на оси координат:
1)из ∑FXi 4 = 0 получаем N4 +3P = 0 или N4 = −3P («-» означает, что участок сжат);
2)из ∑FYi 4 = 0 QY4 − 2.5P =0 или QY4 = 2.5P ; 3)из ∑FZi 4 = 0 QZ4 =0 .
Для определения изгибающих и крутящего момента составляем уравнения равновесия в виде суммы моментов относительно осей координат:
4)из ∑M X 4 (Fi ) = 0 M КР4 + 2.5P 2a =0 или M КР4 = −5Pa , («-» означа-
ет, что крутящий момент в сечении направлен по часовой стрелке);
80
5)из ∑MY4 (Fi ) = 0 MY4 +3P 2a =0 или MY4 = −6Pa , изгибающий момент постоянен по длине участка («-» означает, что изгибающий мо-
мент в сечении направлен противоположно показанному на рисунке и следовательно сжимает ближние волокна);
6)из ∑MZ 4 (Fi ) = 0 MZ4 −3P 1.5a − 2.5P(x4 + 2a) = 0 MZ4 = 4.5Pa + 2.5P(x4 + 2a), зависимость момента от координаты линейная, значит, эпюру строим по значениям на границах участка – т. D x4 =0 ,
MZ4 (0) = 9.5Pa , т.Е x4 = 1.5a , MZ4 (1.5a) =13.25Pa (положительные зна-
чения указывают на то, что показанное на рисунке направление момента правильное и момент сжимает нижние волокна).
По полученным значениям строим эпюры силовых факторов для уча-
стка. Эпюры QY4 и M Z4 строим в плоскости |
X4Y4 , эпюру MY4 строим в |
||
плоскости X4Z4 , эпюры N4 и |
M КР4 в произвольной плоскости, см. |
||
рис.3.10. |
|
|
|
-5Pa |
|
-3P |
|
|
2.5P |
||
6Pa |
E |
|
|
6Pa |
2.5P |
||
D |
|||
5Pa |
13.25Pa |
3P |
|
9.5Pa |
|
||
C |
2.5P |
||
9.5Pa |
|||
|
|
||
4.5Pa |
9.5Pa |
|
|
B |
|
||
4.5Pa |
|
-3P |
|
|
|
||
A |
|
3P |
|
а. |
|
б. |
|
эпюры изгибающих и крутящего моментов |
эпюры нормальной и перерезы- |
||
|
|
вающих сил |
Рис.3.10
2). Проектировочный расчет (определение размеров сечения бруса). Анализируя эпюры изгибающих и крутящего моментов, выбираем рациональную ориентацию прямоугольного поперечного сечения на участках ВС и DE бруса.
Для определения опасного сечения бруса следует рассматривать отдельно участки с прямоугольным (ВС и DE) и круглым (АВ и СD) сечени-
81
ем, так как их размеры определяются независимо. В рассматриваемом примере потенциально опасными будут:
1 - для участков с прямоугольным сечением, сечение Е на участке DE, где возникают самый большой изгибающий момент во всем брусе
MZE4 = 13.25Pa в вертикальной плоскости, значительный изгибающий мо-
мент в |
горизонтальной |
плоскости |
MYE4 = 6Pa |
и |
крутящий момент |
|
M КРE |
4 = −5Pa ; |
|
|
|
|
|
|
2 - для участков с круглым сечением, сечение D на участке CD, где |
|||||
возникают самый большой крутящий момент M КРD |
3 = 9.5Pa , изгибающие |
|||||
моменты |
MZD3 = 5Pa в |
вертикальной |
и MYD3 = 6Pa |
в горизонтальной |
плоскости.
Очевидно, что остальные сечения бруса менее опасны.
Для опасных сечений строим эпюры распределения нормальных и касательных напряжений и определяем опасные точки. Предварительно выразим необходимые для дальнейших расчетов геометрические характеристики поперечных сечений.
Для круглого:
J кр = πd 4 / 64 0.05d 4 - осевой момент инерции;
W кр = πd 3 / 32 0.1d 3 - момент сопротивления изгибу; Jρкр = πd 4 / 32 0.1d 4 - момент инерции при кручении;
Wρкр = πd 3 / 16 0.2d 3 - момент сопротивления кручению. Для прямоугольного:
Jmaxпр = bh3 / 12 = b(2.5b)3 / 12 = 1.3b4 - осевой момент инерции относительно главной центральной оси сечения параллельной короткой стороне,
Wmaxпр = Jmaxпр / (0.5h)=1.3b4 / (1.25b)= 1.04b3 - момент сопротивления изгибу относительно той же оси;
Jminпр = b3h / 12 = b32.5b / 12 = 0.208b4 - осевой момент инерции относительно главной центральной оси сечения параллельной длинной стороне,
Wminпр = Jminпр / (0.5b)=0.208b4 / (0.5b)= 0.416b3 - момент сопротивления из-
гибу относительно той же оси; |
|
|
|
|
Jкпр = βhb3 = 0.249 2.5b b3 = 0.623b4 - |
момент |
инерции при |
кручении, |
|
W пр =αhb2 = 0.258 2.5b b2 = 0.645b3 |
- |
момент |
сопротивления |
кручению, |
к |
|
|
|
|
где коэффициенты α и β взяты для отношения h / b = 2.5 .
Максимальные нормальные напряжения изгиба и максимальные касательные напряжения кручения возникают всегда на внешнем контуре сечения, поэтому опасные точки также находятся на внешнем контуре.
Распределение напряжений в опасном сечении Е участка DE представлено на рис.3.11, а. Потенциально опасными точками в сечении явля-
82
ются угловые где возникают максимальные нормальные напряжения изгиба и середины сторон где максимальные касательные напряжения кручения сочетаются с нормальными напряжениями изгиба.
Достаточно рассмотреть три варианта опасных точек: угловые, где нормальные напряжения изгиба в двух плоскостях σиmaxY 4 и σиmaxZ 4 складыва-
ются с одинаковым знаком, точка 1 (максимальные растягивающие напряжения), точка 5 (максимальные сжимающие напряжения); точка 2 (или 6),
max |
′ |
на- |
где одновременно возникают нормальные σиY 4 |
и касательные τmax |
пряжения; точка 4 (или 8), где одновременно возникают нормальные σиmaxY 4
и касательные τmax напряжения.
Записывая условия прочности для этих точек определим размер сечения - b : для точки 1 - σиmaxY 4 + σиmaxZ 4 ≤[σ], выражая напряжения изгиба через
изгибающие |
|
моменты |
и |
|
|
моменты |
|
сопротивления |
||||||||||||||||||
M E |
/W пр + M E |
/W |
пр |
≤[σ] |
или 13.25Pa / 1.04b3 +6Pa / 0.416b3 ≤[σ], от- |
|||||||||||||||||||||
Z 4 |
|
max |
Y 4 |
min |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
куда b ≥ 3 27.16Pa /[σ] |
= 3 27.16 2500 1000 /140 =78.6 мм; |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
для точки 2 по IV – ой теории прочности - |
|
max |
2 |
′ |
|
2 |
≤[σ], вы- |
|||||||||||||||||||
|
(σиZ 4 ) |
|
+3 (τmax ) |
|
||||||||||||||||||||||
ражая |
|
напряжения |
|
|
|
|
изгиба |
|
|
|
|
и |
|
|
|
кручения |
||||||||||
(MZE4 /Wmaxпр |
)2 +3 (γ M КРE |
4 /Wкпр )2 ≤[σ] |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
или |
||||||||||||
(13.25Pa / 1.04b3 )2 +3 (0.766 5Pa / (0.645b3 ))2 |
≤[σ] |
|
|
|
|
откуда |
||||||||||||||||||||
b ≥ 3 |
( |
13.25Pa / 1.04 |
) |
2 |
+3 |
( |
3.83Pa / |
( |
0.645 |
)) |
2 |
[ |
] |
= 3 |
|
[ |
|
] |
оконча- |
|||||||
|
|
|
|
|
|
/ σ |
|
16.37Pa / |
σ |
|
||||||||||||||||
тельно b ≥ 3 16.37Pa /[σ] = 3 16.37 2500 1000 /140 = 66.4мм; |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
для точки 4 по IV–ой теории прочности - |
|
(σиmaxY 4 )2 + 3 (τmax )2 ≤[σ], вы- |
||||||||||||||||||||||||
ражая |
|
напряжения |
|
|
|
|
изгиба |
|
|
|
|
и |
|
|
|
кручения |
||||||||||
(MYE4 /Wmaxпр )2 + 3 (M КРE |
4 /Wкпр )2 ≤[σ] |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
или |
|||||||||||||
(6Pa / 0.416b3 )2 +3 (5Pa / (0.645b3 ))2 ≤[σ] |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
откуда |
||||||||||||||||
b ≥ 3 |
(6Pa / 0.416 )2 +3 (5Pa / 0.645)2 /[σ] = 3 19.7Pa /[σ] |
окончательно |
||||||||||||||||||||||||
b ≥ 3 19.7Pa /[σ] = 3 19.7 2500 1000 / 140 =70.6 мм. |
Окончательно прини- |
|||||||||||||||||||||||||
маем больший размер, округляя до ближайшего целого b =79мм. |
|
|
83
|
Опасное сечение D участка CD с изгибающими и крутящим момен- |
||||||||
том представлено на рис.3.11, б. Максимальные касательные напряжения |
|||||||||
τmax = M КРD |
3 /Wρкр = 9.5Pa/(0.2d 3 )= 47.5Pa/d 3 возникают |
во |
всех точках |
||||||
наружного контура, поэтому опасной точкой в сечении будет точка где |
|||||||||
максимально суммарное нормальное напряжение от изгиба в двух плоско- |
|||||||||
стях. Максимальное суммарное напряжение изгиба в круглом сечении оп- |
|||||||||
ределяется по формуле: σmaxΣ |
= MΣ /W кр = |
(M ZD3 )2 + (MYD3 )2 /W кр . |
|||||||
|
Подставляя выражение изгибающих моментов и момента сопротивле- |
||||||||
ния получим: σmaxΣ |
= |
(5Pa)2 + (6Pa)2 /(0.1d 3 )=78.1Pa/d 3 . Записывая |
|||||||
условие прочности с учетом касательных напряжений по IV–ой теории |
|||||||||
прочности: (σmaxΣ |
)2 +3 (τmax )2 ≤[σ], подставляя выражение напряжений |
||||||||
получим |
|
|
(78.1Pa/d 3 )2 +3 (47.5Pa/d 3 )2 ≤[σ], |
откуда |
|||||
d ≥ 3 113.5Pa/[σ] = 3 113.5 2500 1000/140 = 126.5мм. |
Окончательно |
||||||||
принимаем, округляя до ближайшего целого d = 127 мм. |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
−σиmaxY4 |
|
|
|
|
|
|
|
Y4 |
|
|
|
|
Y3 |
|
|
|
τ′max |
|
|
|
|
||
|
σиmaxY4 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
σиmaxZ4 |
|
|
|
||
|
|
1 |
2 |
3 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
5Pa |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6Pa |
h=2.5b |
|
8 |
|
5Pa |
τmax |
|
|
Z3 |
|
τmax |
|
|
4 |
|
|
|
|||
|
|
|
|
Z4 |
|
|
|
||
|
6Pa |
|
|
|
|
|
9.5Pa |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
13.25Pa |
|
|
|
|
|
||
|
|
7 |
6 |
5 |
−σmax |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
иZ4 |
|
|
|
b |
τ′max |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
а. |
|
Рис.3.11 |
|
б. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
84 |
|
|
|
3).Для найденных размеров сечений бруса определим максимальные напряжения σN от нормальных и τQ перерезывающих сил, не учтенных в
проектировочном |
расчете. |
Для |
этого |
рассчитаем |
|
|
площадь |
||||||
F кр = πd 2 / 4 = 3.14 1272 / 4 = 12660мм2 |
|
- |
круглого |
и |
|||||||||
F пр = bh =79 2.5 79 =15600мм2 - прямоугольного сечений. |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
Участки с прямоугольным сечением. По эпюрам определяем, что мак- |
||||||||||
симальные |
(по модулю): нормальная сила - Nmaxпр = 3P = 3 2500 =7500Н ; |
||||||||||||
перерезывающая сила -Qпр = 2.5P = 2.5 2500 = 6250Н . Тогда нормальные |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
max |
|
|
|
|
|
|
|
напряжения |
σN = Nmaxпр |
/ F пр =7500 /15600 = 0.48МПа. Максимальные ка- |
|||||||||||
сательные напряжения |
τ =1.5Qпр / F пр = 1.5 6250 /15600 = 0.6МПа. |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
Q |
max |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Участки с круглым сечением. По эпюрам определяем, что максималь- |
||||||||||
ные (по модулю): нормальная сила - Nmaxкр |
= 0 ; |
перерезывающая сила - |
|||||||||||
Qкр |
= 3P = 3 2500 =7500Н . Тогда нормальные напряжения σ |
N |
= 0 . Мак- |
||||||||||
|
max |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
симальные |
|
|
|
касательные |
|
напряжения |
|||||||
τ |
Q |
=1.5Qкр |
/ F кр =1.5 7500 /12660 = 0.89МПа. |
|
|
|
|
||||||
|
|
max |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Величина максимальных касательных и нормальных напряжений от перерезывающих и нормальных сил, не учтенных в проектном расчете, составляет менее 1% от допускаемых напряжений (допустима перегрузка не более 5%). Таким образом, влиянием напряжений от перерезывающих и нормальных сил в рассматриваемом примере можно пренебречь.
4).Определим перемещение A крайнего сечения А по горизонтали
вдоль оси участка CD. Рассчитаем (численно) геометрические характеристики поперечных сечений бруса необходимые для определения переме-
щения. Для круглого сечения: J кр =0.05d 4 =0.05 1274 =1.3 107 мм4 - осевой момент инерции; Jρкр =0.1d 4 = 2.6 107 мм4 - момент инерции при
кручении. |
Для |
прямоугольного |
сечения: |
Jmaxпр = 1.3b4 = 1.3 794 = 5.06 107 мм4 |
- осевой момент |
инерции относи- |
тельно главной центральной оси сечения параллельной короткой стороне;
Jminпр = 0.208b4 = 0.208 794 = 8.1 106 мм4 - осевой момент инерции относительно другой главной центральной оси сечения;
Jкпр = 0.623b4 = 0.623 794 = 2.43 107 мм4 - момент инерции при кручении.
Рассмотрим единичное состояние бруса, отбросив внешнюю нагрузку и приложив единичную силу по направлению искомого перемещения, см. рис..а. Для единичного состояния построим эпюры изгибающих и крутя-
щего моментов (единичных моментов). Строить эпюры единичных нормальных и перерезывающих сил не требуется, так как перемещениями связанными с этими силами можно пренебречь в связи с их незначитель-
85
ностью. Построение эпюр единичных факторов выполняется также как для грузовых. Единичные эпюры показаны на рис.3.12, б.
|
|
|
1.5a |
|
|
|
E |
|
|
|
|
1.5a |
1.5a |
|
|
D |
2a |
|
3.5a |
|
|
|
|
|
|
|
C |
2a |
2a |
|
|
|
|
|
|
B |
2a |
|
2a |
|
|
|
|
|
1 |
|
1.5a |
|
1.5a |
|
|
|
||
|
|
A |
|
1.5a |
|
|
а. |
|
|
|
единичное состояние |
|
б. |
эпюры единичных изгибающих и крутящего моментов
Рис.3.12
Перемещение A определим, перемножая эпюры грузовых и единичных моментов по формуле Корнаухова-Симпсона: A = ∑Mi × Mi , см.
раздел 2.7 первой части настоящего пособия. Для удобства перемножение эпюр выполним отдельно по участкам (учитывая, что при рациональной ориентации прямоугольного сечения максимальному изгибающему моменту соответствует максимальный момент инерции).
Участок 1 АВ. Не имеет одноименных единичных и грузовых эпюр моментов, следовательно вклада в перемещение A не дает.
Участок 2 ВС. Не имеет одноименных единичных и грузовых эпюр моментов, следовательно вклада в перемещение A не дает.
Участок 3 СD. Перемножение эпюр изгибающих моментов в вертикаль-
ной плоскости 2a (−(0 1.5a)−4 (2.5Pa 1.5a)−(5Pa 1.5a))= − 45Pa3 , 6EJ кр 6EJ кр
перемножение эпюр изгибающих моментов в горизонтальной плоскости
2a ((0 2a)+4 (3Pa 2a)+(6Pa 2a))= 12Pa3 . 6EJ кр EJ кр
86
Участок 4DЕ. Перемножение эпюр изгибающих моментов в горизонталь-
|
|
|
|
1.5a |
((6Pa 2a)+4 (6Pa 2.75a)+( |
6Pa 3.5a))= |
99Pa3 |
|
ной плоскости |
|
4EJminпр , |
||||||
6 EJminпр |
||||||||
перемножение |
|
|
эпюр |
крутящих |
моментов |
|||
|
1.5a |
|
|
|
45Pa3 |
|
||
|
|
(−(5Pa |
1.5a)−4 |
(5Pa 1.5a)+(5Pa 1.5a))= − 4GJкпр . |
|
|||
|
6GJкпр |
|
При перемножении эпюр знак «-» берется если они имеют разные знаки (в случае крутящих моментов) или если отложены по разные стороны от оси бруса на участке (в случае изгибающих моментов).
Складывая результаты перемножений на участках получим перемещение в общем виде:
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− |
45 |
+ |
|
12 |
+ |
99 |
|
|
|||||
|
|
3 |
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
45Pa |
|
12Pa |
|
99Pa |
|
|
|
45Pa |
|
|
|
|
кр |
|
|
кр |
пр |
|||||||||||||||||||||||
A = − |
|
+ |
|
|
+ |
|
|
− |
|
|
|
|
= Pa3 |
|
|
|
6EJ |
|
|
|
|
EJ |
|
|
4EJmin . |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
45 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
6EJ кр |
EJ кр |
|
|
|
4EJminпр |
|
|
|
4GJкпр |
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
пр |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4GJ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
к |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставляя |
|
|
|
значения, |
|
|
|
|
получим |
|
|
окончательный |
ответ: |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
45 |
|
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
12 |
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
3 |
|
|
2 |
10 |
5 |
1.3 |
|
|
|
7 |
|
|
|
|
|
5 |
7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
A = 2500 1000 |
|
6 |
|
10 1.3 2 10 |
|
10 |
|
|
|
= 28.1мм, |
по- |
||||||||||||||||||||||||||||||
|
+ |
|
|
|
|
|
|
99 |
|
|
|
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
45 |
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
2 |
10 |
5 |
8.1 |
|
10 |
6 |
|
4 |
8 10 |
4 |
|
|
|
|
7 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
2.43 10 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||
ложительный результат означает, что действительное перемещение |
A на- |
правлено вправо, по направлению единичной силы.
3.2.2. Задача №4
Тонкостенная замкнутая труба (рис.3.13) подвергается действию внутреннего - pв или наружного - pн давления и скручивается парами сил - m .
Кроме того, на трубку действуют силы - P параллельные ее оси с эксцентриситетом - e . Диаметры трубки D - наружный, d - внутренний. Материал трубки сталь с пределами текучести: σТр - на растяжение; σТс - на
сжатие. Требуется:
1.Исследовать напряженное состояние в наиболее опасных точках и определить в них значение компонентов напряженного состояния;
2.Провести анализ напряженного состояния в опасных точках и определить главные напряжения;
3.Найти значение эквивалентного напряжения σэкв в опасной точке, определить запас прочности n .
Данные, необходимые для решения задачи выбрать из табл.3.5.
87
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Табл.3.5. |
|
Вар. |
Схема |
Давление, |
Момент |
Сила |
Эксцен- |
Диаметры, |
Пределы теку- |
||||||
по |
МПа |
триситет |
мм |
чести, МПа |
|||||||||
№ |
рис.3.13 |
p |
p |
m , кНм |
P , кН |
|
e , мм |
D |
d |
σ |
Тр |
σ |
Тс |
1 |
|
в |
н |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
1 |
5 |
- |
22 |
130 |
|
90 |
200 |
186 |
350 |
400 |
|||
2 |
2 |
- |
3.0 |
6 |
60 |
|
50 |
150 |
144 |
280 |
320 |
||
3 |
3 |
3 |
- |
14 |
80 |
|
100 |
220 |
212 |
|
|
220 |
|
4 |
4 |
- |
3 |
45 |
160 |
|
150 |
300 |
288 |
|
|
240 |
|
5 |
1 |
2 |
- |
66 |
180 |
|
170 |
350 |
338 |
400 |
500 |
||
6 |
2 |
- |
4 |
3 |
40 |
|
30 |
100 |
94 |
450 |
600 |
||
7 |
3 |
4 |
- |
9 |
60 |
|
70 |
160 |
152 |
|
|
180 |
|
8 |
4 |
- |
6 |
6 |
50 |
|
60 |
120 |
110 |
|
|
300 |
|
9 |
1 |
13 |
- |
35 |
170 |
|
90 |
180 |
150 |
350 |
400 |
||
10 |
2 |
- |
2 |
15 |
150 |
|
50 |
240 |
234 |
280 |
320 |
||
11 |
3 |
5 |
- |
8 |
55 |
|
70 |
140 |
130 |
|
|
180 |
|
12 |
4 |
- |
6 |
40 |
190 |
|
100 |
230 |
212 |
|
|
300 |
|
13 |
2 |
1 |
- |
16 |
75 |
|
120 |
280 |
275 |
400 |
500 |
||
14 |
3 |
- |
4 |
6 |
70 |
|
40 |
130 |
122 |
450 |
600 |
||
15 |
4 |
3 |
- |
3 |
40 |
|
30 |
110 |
105 |
|
|
240 |
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
P |
|
|
pв |
|
|
|
e |
|
|
|
|
P |
|
|
|
|
d |
D |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
pн |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
P |
|
|
|
|
|
|
e |
|
|
|
|
P |
|
|
|
|
|
d |
D |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
P |
|
|
pв |
|
|
|
e |
|
|
|
|
P |
|
|
|
|
d |
D |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
m |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
88 |
|
|
|
|
|
|
|
|