- •Министерство образования и науки
- •Введение
- •Раздел 1. Элементы векторной алгебры в пространстве.
- •Тема 1.1. Направленные отрезки. Векторы.
- •Тема 1.2. Умножение векторов на действительные числа
- •Тема 1.3. Коллинеарные и компланарные векторы.
- •Тема 1.4. Скалярное произведение векторов
- •Тема 1.5. Векторные подпространства
- •Тема 1.6. Применение векторов к решению задач
- •Задачи повышенной трудности
- •Домашнее задание
- •Индивидуальные задания по векторной алгебре Вариант I
- •Вариант 2
- •Вариант 3
- •Вариант 4
- •Вариант 5
- •Вариант 6
- •Вариант 7
- •Вариант 8
- •Вариант 9
- •Раздел 2. Метод координат на плоскости
- •Тема 2.1. Аффинная система координат. Аффинные задачи
- •Задачи повышенной трудности
- •Тема 2.2. Прямоугольная система координат. Аффинные и метрические задачи
- •Тема 2.3. Полярная система координат. Метрические задачи
- •Тема 2.4. Ориентация плоскости. Преобразования координат на плоскости
- •Тема 2.5. Геометрическое истолкование уравнений и неравенств между координатами. Алгебраические линии.
- •Домашнее задание
- •Тема 2.6. Уравнения прямой в аффинной и прямоугольной декартовой системах координат. Аналитическое задание полуплоскости
- •Тема 2.7. Взаимное расположение двух прямых.
- •Тема 2.8. Расстояние от точки до прямой. Угол между двумя прямыми
- •Задачи повышенной трудности
- •Тема 2.9. Аффинные и метрические задачи на прямую. Решение задач школьного курса методом координат
- •Раздел 3. Кривые второго порядка
- •Тема 3.I. Окружность
- •Задачи повышенной трудности
- •Домашнее задание
- •Тема 3.2. Эллипс
- •Задачи повышенной трудности
- •Тема 3.3. Гипербола
- •Задачи повышенной трудности
- •Тема 3.4.Парабола
- •Задачи повышенной трудности
- •Тема 3.5. Пересечение линии второго порядка с прямой. Асимптотические направления и асимптоты
- •Тема 3.6. Центр линии второго порядка. Касательная
- •Тема 3.7. Сопряженные направления. Главные направления. Диаметры линии второго порядка
- •1) Эллипса ; 2) гиперболы.
- •Тема 3.8. Приведение общего уравнения кривой второго порядка к каноническому виду
- •Индивидуальные задания по кривым второго порядка
1) Эллипса ; 2) гиперболы.
Тема 3.8. Приведение общего уравнения кривой второго порядка к каноническому виду
Литература: [1], гл. 16, §1, стр. 399–403; [7], гл. 4, § 37, 38, стр. 125–134.
Основные сведения
Из определения алгебраической линии следует, что в аффинной системе координат общее уравнение линии второго порядка имеет вид:. Коэффициенты этого уравнения - любые действительные числа, причем хотя бы один из коэффициентовне равен нулю.
Существует всего девять типовлиний второго порядка, представленные в следующей таблице:\
|
Название линии |
Каноническое уравнение |
Центры |
1. |
Эллипс |
|
Один центр, не принадлежащий линии |
|
Гипербола |
|
Один центр, не принадлежащий линии |
|
Парабола |
y2=2px |
Нет центров |
|
Мнимый эллипс |
|
Один центр, не принадлежащий линии |
|
Пара пересекающихся прямых |
|
Один центр, принадлежащий линии |
|
Пара мнимых пересекающихся прямых |
|
Один центр, принадлежащий линии |
|
Пара параллельных прямых |
y2-a2=0 |
Прямая центров, не принадлежащих линии |
|
Пара мнимых параллельных прямых |
y2+a2=0 |
Прямая центров, не принадлежащих линии |
|
Пара совпавших прямых |
y2=0 |
Прямая центров, принадлежащих линии |
Любое общее уравнение кривой 2-го порядка можно привести к каноническому виду путем преобразования координат. Это можно сделать разными способами. Выделим два случая:
1) ; 2) .
В первом случае, для того чтобы привести уравнение линии второго порядка к каноническому виду и построить точки этой линии, необходимо выполнить следующее:
Найти корни характеристического уравнения
.
Найти координаты векторов ипо формулам:, где.
Вычислить коэффициенты ипо формулам:.
Уравнение линии второго порядка примет следующий вид: .
Выделяя полные квадраты привести последнее уравнение к одному из видов: а) ,
б) , в)
г) .
Переносом начала координат получить каноническое уравнение линии.
Построить систему координат по координатам точкии векторовии затем построить точки линии в системепо каноническому уравнению.
Если , то преобразования начинаем с пункта 4).
Рассмотрим примеры, иллюстрирующие схему.
Пример 1. Уравнениеx2+xy+y2–3x–6y+3=0 привести к каноническому виду и установить, какой геометрический образ оно определяет.
Решение:1) Характеристическое уравнение для данной линии примет вид. Значит,.
2) .
3) =.
4) .
5)
или
6) Каноническое уравнение линии имеет вид .
Замечание. Если данная линия распадается на пару прямых, то иногда удается без приведения уравнения к каноническому виду разложить левую часть уравнения на множители и найти уравнения тех прямых, которые составляют линию.
Пример 2. Какая линия задана уравнением:?
Решение. Последовательно преобразуем правую часть следующим образом:
.
Значит, данная линия распадается на пару пересекающихся прямых: .
Пример 3.Определить тип каждого из следующих уравнений, привести уравнения к каноническому виду и установить, какой геометрический тип они определяют:
a) 4x2+9y2–40x+36y+100=0, В) 4x2–25y2+50y–24x–89=0,
b) 9x2–16y2–36x+32y+20=0,D) 4y2–8y–2x–1=0.
Решение:
a) Здесьиодного знака, следовательно, уравнение определяет эллиптическую кривую.
Для приведения данного уравнения к каноническому виду перепишем его следующим образом:
4(x2–10x)+9(y2+4y)=–100
и дополним выражения в скобках до полных квадратов:
4(x2–10x+25)+9(y2+4y+4)=–100+100+36
или после преобразований:
4(x–5)2+9(y+2)2=36.
Теперь перенесем начало системы координат в точку (5,–2).
В новой системе координат последнее уравнение будет иметь вид:или. Это уравнение эллипса с полуосями=3,=2 и с центром в точке(5,–2) (Рис. 30).
b) Здесьиразных знаков, следовательно, данное уравнение определяет гиперболическую кривую. После выделения полных квадратов и введения новой системы координатуравнение кривой можно переписать в следующем виде:. Это уравнение гиперболы с полуосями=5,=2.
c) Здесьиразных знаков, следовательно, данное уравнение определяет гиперболическую кривую. Выделяя полные квадраты, получим 9(x–2)2 – 16(y–1)2 = 0, или раскладывая левую часть на множители:
[3(x–2) + 4(y–1)][3(x–2) – 4(y–1)] = 0
и окончательно получим:
(3x+4y–10)(3x–4y–2) = 0.
Данное уравнение определяет две прямые 3x+4y–10 = 0 и
3x–4y–2 = 0, пересекающиеся в точке (2,1).
d) Здесьи=0, следовательно, уравнение определяет кривую параболического типа. После выделения полного квадрата с переменнойy, получим:
(y–1)2 = (x+).
Введением новой системы координат (+, ) упростим последнее уравнение:. Это уравнение определяет параболу с параметромр=.