ИсследОпераций
.pdfчислений (см. пример 2) выбираем в качестве ведущего элемента a31 1 и, выполняя жорданово исключение, получаем матрицу №2.
Вматрице №2 помечаем третью строку, как соответствующую ведущей строке матрицы №1. Остальные строки матрицы №2 непомечены, поэтому в качестве ведущего элемента следующего жорданова исключения можно взять любой ненулевой элемент из этих строк. Осуществив указанный в приведенном решении выбор ведущего элемента, переходим к матрице №3.
Вматрице №3 вычеркиваем полученную нулевую строку, помечаем вторую строку, как соответствующую ведущей, и третью строку, так как соответствующая ей строка матрицы №2 является помеченной. Остается непомеченной только первая строка матрицы №3, поэтому в этой строке и выбираем ведущий элемент для следующего жорданова исключения, в результате которого получаем матрицу №4.
Расставив пометки у строк полученной матрицы, замечаем, что у нее помечены все три строки. Следовательно, ранг исходной матрицы A равен трем.
Пусть дана матрица A , требуется найти обратную к ней матрицу A 1 .
Алгоритм обращения невырожденной матрицы
1)К данной невырожденной матрице A приписываем справа единичную матрицу того же порядка. Получаем новую матрицу, у которой число столбцов вдвое больше числа строк.
2)Любой ненулевой элемент, расположенный в левой половине полученной матрицы, выбираем в качестве ведущего.
3)Выполняем жорданово исключение с выбранным ведущим элементом.
4)В полученной матрице помечаем строку, соответствующую ведущей строке выполненного исключения. Кроме того, если в предыдущей матрице были помечены некоторые строки, то ту же пометку ставим и у соответствующих строк новой матрицы.
5)Проверяем наличие пометок у всех строк полученной матрицы:
а) если помечены не все строки, то любой ненулевой элемент непомеченной строки, расположенный в левой половине этой матрицы, выбираем в качестве ведущего и переходим к шагу 3 данного алгоритма;
б) если помечены все строки, то переставляем строки матрицы так, чтобы в ее левой половине образовалась единичная матрица. После этого правая полови-
на полученной матрицы будет представлять собой искомую матрицу A 1 .
З а м е ч а н и е. Если описанный алгоритм применить к вырожденной матрице A , то на некотором шаге мы получим в левой половине преобразуемой матрицы нулевую строку. Это является признаком того, что определитель исходной матрицы равен нулю и матрица, обратная данной, не существует.
Пример 4. Дана матрица |
|
|
|
|
|
2 |
1 |
3 |
|
|
|
|
|
|
A |
5 |
2 |
2 |
. |
|
2 |
0 |
5 |
|
|
|
|||
|
|
13 |
|
|
Выяснить, существует ли обратная ей матрица A 1 , и если существует, то найти ее.
Р е ш е н и е. Вычисляя определитель матрицы A , получаем A 3 0 .
Следовательно, данная матрица невырожденная и A 1 существует.
Для нахождения обратной матрицы применим описанный выше алгоритм. Для наглядности будем отделять правую и левую половины преобразуемых мат-
риц пунктирной линией: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
2 |
1 |
3 |
1 |
0 |
0 |
|
V 2 |
1 |
3 |
1 |
0 |
0 |
|||
|
5 |
2 |
2 |
0 |
1 |
0 |
|
|
1 |
0 |
4 |
2 |
1 |
0 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
2 |
0 |
5 |
0 |
0 |
1 |
|
|
2 |
|
0 |
5 |
0 |
0 |
1 |
|
|
|
|
|
|
V |
0 |
1 |
11 |
5 |
2 |
0 |
|
V 0 1 |
0 |
29 / 3 16 / 3 |
11 / 3 |
|||||
|
1 |
0 |
4 |
|
2 |
1 0 |
|
|
1 |
0 |
0 10 / 3 5 / 3 |
4 / 3 |
|
|||
V |
|
|
V |
. |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
0 |
1 |
4 / 3 2 / 3 |
1 / 3 |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|||||||||
|
0 |
0 |
|
|
4 |
2 |
1 |
|
V |
|
В последней матрице помечены все строки, поэтому процесс выполнения
жордановых исключений закончен. Для нахождения A 1 осталось перестановкой строк получить в левой половине последней матрицы единичную матрицу. Меняя
местами первую и вторую строки, получаем матрицу |
|
|
|||||
1 0 0 |
10 / 3 5 / 3 |
4 / 3 |
|
|
|||
|
0 |
1 |
0 |
29 / 3 16 / 3 |
11 / 3 |
|
, |
|
|
||||||
|
0 |
0 |
1 |
4 / 3 2 / 3 |
1 / 3 |
|
|
|
|
|
правая половина которой и есть искомая обратная матрица. Таким образом,
|
10 / 3 |
5 / 3 |
4 / 3 |
|
|
1 |
|
29 / 3 16 / 3 |
11 / 3 |
|
|
A |
|
. |
|||
|
|
4 / 3 |
2 / 3 |
1 / 3 |
|
|
|
|
Следует отметить, что ввиду замечания к алгоритму обращения матрицы, при решении данного примера можно было не находить определитель исходной матрицы A , а сразу приступить к выполнению жордановых исключений. В этом слу-
чае невырожденность матрицы A , |
т.е. существование A 1 , следовала из того, что |
||||||
в левой половине преобразуемых матриц не было получено нулевой строки. |
|||||||
Пример 5. Найти матрицу X из уравнения |
|
||||||
|
2 |
3 |
|
|
2 |
1 |
|
|
|
|
|
||||
X |
3 |
5 |
|
|
3 |
2 |
. |
|
|
|
0 |
4 |
|
||
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
14 |
|
|
|
Р е ш е н и е. Заданное уравнение имеет вид |
X A B , где |
|
2 |
3 |
|
, |
A |
3 |
5 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
2 |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
3 |
2 |
|
. Матрица A невырожденная |
|
A |
|
1 0 , а, следовательно, имеет об- |
|
|
|||||||
B |
|
|
|
|||||
|
0 |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ратную A 1 . Для нахождения неизвестной матрицы X умножим обе части уравнения справа на A 1 . Получим
X A A 1 B A 1 .
Отсюда, учитывая, что A A 1 E , находим
X B A 1 .
Таким образом, для отыскания матрицы X нужно найти A 1 и вычислить произведение B A 1 .
Найдем обратную матрицу A 1 : |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
2 |
3 |
1 |
0 |
|
V 1 |
3 / 2 |
1 / 2 0 |
V 1 |
0 |
5 |
3 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
3 |
5 |
0 |
1 |
|
0 |
1 / 2 |
3 / 2 |
1 |
|
V |
0 |
1 |
2 |
|
В последней матрице помечены все строки, а в ее левой половине стоит единичная матрица. Поэтому
|
|
A 1 |
|
|
5 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
. |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|||
Теперь находим матрицу X : |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
2 |
1 |
|
5 |
3 |
13 |
8 |
|
|||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
X B A |
|
3 |
2 |
|
|
. |
|
2 |
|
9 |
5 |
. |
|
|
0 |
4 |
|
3 |
|
|
8 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
12 |
|
§ 4. Системы линейных уравнений
Определение. Система линейных уравнений называется системой с единичным базисом, если в каждом уравнении содержится неизвестное с коэффициентом, равным единице, отсутствующее во всех остальных уравнениях этой системы (т.е. входящее в эти уравнения с нулевым коэффициентом).
Эти неизвестные называются базисными, остальные свободными. Базисными могут быть любые неизвестные системы, но их количество в системе с единичным базисом равно числу уравнений.
15
Например, система
2x1 x2 3x3 2x6 5,x1 2x3 x5 3x6 2,3x1 4x3 x4 2x6 1
является системой с единичным базисом. В ней x2, x4, x5 – базисные переменные,
а x1, x3, x6 – свободные. Система
3x1 x2 2x3 5,x1 4x3 7
не является системой с единичным базисом, так как во втором уравнении базисное неизвестное отсутствует.
Если рассмотреть матрицу системы с единичным базисом, то каждому базисному неизвестному в ней соответствует столбец, один из элементов которого равен единице, а остальные элементы нулевые. Такие столбцы принято называть единичными.
З а м е ч а н и е. Иногда может оказаться, что в некотором уравнении системы с единичным базисом определению базисного неизвестного удовлетворяют не одно, а несколько неизвестных. В этом случае только одно из этих неизвестных следует считать базисным, чтобы общее количество базисных неизвестных было равно числу уравнений. Так, в системе
2x1 x2 x3 2x5 63x1 x4 3x5 12
мы можем считать базисными либо неизвестные x2 , x4 (тогда свободные
x1, x3, x5 ), либо x3, x4 (свободные x1, x2, x5 ).
Рассмотрим вопрос о решении системы с единичным базисом. Отметим, что такая система всегда совместна. Если в системе с единичным базисом отсутствуют свободные переменные (это означает, что все переменные базисные и число уравнений равно количеству неизвестных), то такая система имеет единственное решение.
Если же в системе с единичным базисом имеются свободные неизвестные (т.е. общее количество неизвестных больше числа уравнений), то у такой системы бесчисленное множество решений. В этом случае для нахождения всех решений системы с единичным базисом нужно заменить каждое свободное неизвестное своим параметром, принимающим любое числовое значение, и, перенеся эти параметры в правые части уравнений, выразить через них базисные неизвестные.
16
Пример 1. Решить систему
2x1 x2 3x4 5,x1 x3 2x4 7,3x1 x4 x5 2.
Р е ш е н и е. Данная система является системой с единичным базисом. В ней базисные переменные x2, x3, x5 , а свободные – x1, x4 . Наличие свободных пе-
ременных говорит о том, что эта система имеет бесконечное множество решений. Для того, чтобы найти все решения этой системы, положим x1 p, x4 q ,
где p, q – любые действительные числа. Выражая из уравнений системы базисные неизвестные, получаем:
x2 5 2 p 3q, x3 7 p 2q, x5 2 3 p q .
Следовательно, множество решений системы имеет вид
x1 p, |
x2 5 2 p 3q, |
x3 7 p 2q, |
x4 q, |
x5 2 3p q , |
для любых p, q R .
Перейдем теперь к изучению одного из наиболее распространенных методов решения систем линейных уравнений, называемого методом Жордана-Гаусса или методом полного исключения неизвестных. В отличие от правила Крамера и матричного метода решения систем, применимых лишь к системам с квадратной невырожденной матрицей, метод Жордана-Гаусса является универсальным, т.е. пригодным для решения любой системы линейных уравнений.
Прежде чем изложить алгоритм метода Жордана-Гаусса, напомним следующие определения.
Определение. Расширенной матрицей системы называется матрица, получаемая из матрицы этой системы приписыванием к ней справа столбца свободных членов.
Определение. Две системы линейных уравнений называются равносильными, если они имеют одно и то же множество решений, т.е. если либо они обе несовместны, либо каждое решение одной из них является решением другой.
Метод Жордана-Гаусса позволяет либо установить несовместность данной системы, либо заменить ее равносильной системой с единичным базисом, отыскание решений которой не вызывает затруднений.
Алгоритм метода Жордана-Гаусса.
1)Составляем расширенную матрицу данной системы.
2)Любой ненулевой элемент этой матрицы, не стоящий в последнем столбце (столбце свободных членов), выбираем в качестве ведущего.
3)Выполняем жорданово исключение с выбранным ведущим элементом.
4)В полученной матрице помечаем строку, соответствующую ведущей строке выполненного исключения. Кроме того, если в предыдущей матрице были помечены некоторые строки, то ту же пометку ставим и у соответствующих строк новой матрицы.
17
5)В полученной матрице вычеркиваем нулевые строки (если такие строки существуют).
6)Если в полученной матрице все элементы некоторой строки, кроме последнего, равны нулю, то вычислительный процесс заканчиваем, делая вывод о несовместности системы.
7)Проверяем наличие пометок у всех строк полученной матрицы:
а) если помечены не все строки, то любой ненулевой элемент непомеченной строки, расположенный не в последнем столбце, выбираем в качестве ведущего и переходим к шагу 3 данного алгоритма;
б) если помечены все строки, то полученная матрица является расширенной матрицей системы с единичным базисом, равносильной исходной системе. Записав систему с единичным базисом по ее расширенной матрице, находим все решения этой, а, следовательно, и исходной системы.
Пример 2. Методом Жордана-Гаусса решить систему:
2x1 x2 x3 3x4 |
5, |
3x1 x2 2x3 1, |
||||||
|
|
2x2 x3 1, |
||||||
|
x2 x4 2, |
|
x1 |
|||||
а) x1 |
|
б) |
2x |
3x |
x 10, |
|||
x |
4x |
x 2; |
|
|
||||
|
|
1 |
2 |
3 |
||||
1 |
|
|
|
|
|
|||
2 |
3 |
|
3x 2x 3x 1; |
|||||
|
|
|
|
|
|
1 |
2 |
3 |
2x1 x2 x4 3x5 5, |
|
|
|
|
|
|||
|
5x2 4x3 x5 |
3, |
|
|
|
|
|
|
в) x1 |
|
|
|
|
|
|||
3x x 2x x 1. |
|
|
|
|
|
|||
|
1 2 |
3 4 |
|
|
|
|
|
|
Р е ш е н и е.
а) Согласно алгоритму метода Жордана-Гаусса составляем расширенную матрицу системы и выполняем над ней последовательность жордановых исключений
|
2 |
1 |
1 |
3 |
5 |
|
V 2 |
1 1 |
3 |
5 |
V 0 |
3 |
1 |
1 |
1 |
|||||
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
1 |
1 |
0 |
2 |
|
|
1 |
1 |
0 |
2 |
|
V |
1 |
1 |
0 |
2 |
. |
|||
|
1 |
4 |
1 |
0 2 |
|
|
3 |
3 |
0 |
3 |
7 |
|
|
0 |
0 |
0 |
0 1 |
|
||
|
|
|
|
|
|
В последней матрице все элементы третьей строки, кроме элемента, расположенного в столбце свободных членов, равны нулю. Следовательно, данная система несовместна.
18
|
3 |
1 |
2 |
1 |
|
1 |
5 |
0 |
1 |
|
V 1 |
5 |
0 |
1 |
|||||
|
|
1 |
2 |
1 |
1 |
|
|
1 |
2 1 |
1 |
|
|
0 |
7 1 |
2 |
|
|||
б) |
|
|
V |
|
V |
|
|||||||||||||
|
2 |
3 |
1 10 |
|
|
3 |
1 |
0 |
11 |
|
|
0 |
14 0 |
14 |
|
||||
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
3 |
2 |
3 |
1 |
|
0 |
4 |
0 |
4 |
|
|
0 |
0 |
4 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
V |
1 |
0 |
0 |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
V |
0 |
0 |
1 |
|
. |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
0 |
0 |
0 |
0 |
|
|
||
|
|
|
|
||||
V |
0 |
1 |
0 |
1 |
|
|
|
В последней матрице помечены все строки. Значит, выполнение жордановых исключений закончено, и эта матрица является расширенной матрице системы с единичным базисом, равносильной исходной системе уравнений. Соответствующая система с единичным базисом имеет единственное решение, так как у нее число уравнений равно количеству неизвестных (свободных неизвестных нет). Это решение непосредственно определяется записью системы уравнений, соответствующей последней матрице:
x1 4,x3 5,
x2 1.
Тот же набор значений неизвестных x1 4, x2 1, x3 5 является единственным решением и исходной системы.
|
2 |
|
1 0 |
1 |
3 |
5 |
|
V |
2 |
1 0 |
1 3 |
5 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
1 3 |
|
|
|
|
|
5 4 0 1 |
|
|
|
|
|||
в) |
1 |
5 4 |
0 |
|
|
|
1 |
|
3 |
|
|
|
|||||||
|
3 |
|
1 2 |
1 |
0 1 |
|
|
|
1 |
|
2 2 0 3 |
4 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
V 0 |
5 |
4 1 |
9 |
|
13 |
|
V 0 |
0 |
14 1 |
56 / 3 |
74 / 3 |
|||||||
|
|
|
0 |
3 |
6 0 |
4 |
|
7 |
|
|
|
0 |
1 |
2 0 |
4 / 3 |
7 / 3 |
|
||
|
|
|
|
|
|
V |
. |
||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
6 0 |
17 / 3 26 / 3 |
|
||
|
V |
1 |
2 |
0 |
3 |
|
|
|
V |
1 |
0 |
|
Последней матрице соответствует система уравнений
|
|
x4 |
|
56 |
|
|
|
|
74 |
|
|
|||||
14x3 |
|
|
|
|
x5 |
|
|
|
, |
|||||||
|
3 |
|
|
3 |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
4 |
|
|
|
|
7 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
2x3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
x2 |
|
|
|
x5 |
|
|
, |
|
|
|||||||
3 |
3 |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
6x3 |
|
17 |
x5 |
26 |
|
|||||||||
x1 |
|
|
|
|
|
|
|
. |
||||||||
|
3 |
|
3 |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
19 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Это система с единичным базисом, равносильная исходной системе, имеет бесчисленное множество решений. Придавая свободным неизвестных x3, x5 произ-
вольные значения x3 p, x5 q и выражая через них базисные неизвестные x1, x2, x4 , получаем любое решение построенной, а значит и исходной системы:
x 6 p |
17 |
q |
26 |
; x 2 p |
4 |
q |
7 |
; |
|||||
|
|
|
|
||||||||||
1 |
3 |
3 |
|
2 |
|
3 |
3 |
|
|||||
|
|
|
|
|
|||||||||
x p, |
x 14 p |
56 |
q |
74 |
, x q , |
||||||||
|
|
||||||||||||
3 |
4 |
|
|
|
3 |
|
3 |
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
где p, q R .
§ 5. Линейные пространства
Определение. Рассмотрим множество матриц-строк, состоящих из n действительных чисел
a a1, a2, ..., an .
Введем для них операции сложения и умножения на число как для обычных матриц. Множество рассмотренных строк с введенными операциями называется арифметическим векторным пространством и обозначается Rn .
Это частный случай линейного пространства.
Будем рассматривать пространства R2 и R3 , их элементы называть векторами, а числа a1, a2, ..., an – координатами вектора.
Определение. Система векторов в Rn a1, a2, ..., an называется линейно зависимой, если существуют числа 1, 2, ..., n , не все равные нулю, такие что
1a1 2a2 ... nan 0 .
Если это равенство верно только в случае, когда 1 2 ... n 0 , то векторы a1, a2, ..., an линейно независимы.
Система векторов a1, a2, ..., an будет линейно зависимой только тогда, когда
хотя бы один этих векторов можно представить в виде линейной комбинации остальных:
ak 1a1 ... k 1ak 1 k 1ak 1 ... nan .
Определение. Пусть в пространстве Rn задана система из m векторов a1, a2, ..., am . Матрицей этой системы будем называть матрицу An m , столбцами которой являются координаты данных векторов.
a1 11, 12, ..., 1n , ..., am m1, m2, ..., mn ,
20
|
11 |
21 |
m1 |
|
|
|
|
|
|
|
A |
12 |
22 |
m2 . |
|
|
|
|
|
|
|
1n |
2n |
|
|
|
mn |
||
Пример. |
Являются ли линейно |
зависимыми векторы a1 2, 1,3 , |
||
a2 0, 3,1 , a3 |
4,1,5 ? |
|
|
|
Р е ш е н и е. Для того, чтобы исследовать систему векторов на линейную зависимость, можно составить матрицу этой системы векторов и найти ее ранг. Если ранг будет равен числу векторов в данной системе, то эта система линейно независима. Если же ранг меньше числа векторов в этой системе, то она линейно зависима. Матрица данной системы векторов имеет вид
|
2 |
0 |
4 |
|
|
|
|
|
|
A |
1 |
3 |
1 |
. |
|
3 |
1 |
5 |
|
|
|
Ищем ранг r A этой матрицы. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
2 |
0 4 |
|
|
2 |
0 |
4 |
|
V |
1 |
0 |
2 |
|
|
|
1 |
3 1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
8 |
0 |
16 |
|
|
0 |
0 |
0 . |
|
|
||
|
3 |
1 5 |
|
|
3 |
1 |
5 |
|
|
0 |
1 |
|
|
|
|
|
V |
|
V |
1 |
|
|
|||||||
В последней матрице две строки, следовательно, |
r A 2 , значит, |
данная систе- |
||||||||||||
ма векторов линейно зависима. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Определение. Пусть в пространстве Rn |
существует система n линейно не- |
|||||||||||||
зависимых векторов a1, a2, ..., an такая, |
что любой вектор x в |
Rn |
можно един- |
|||||||||||
ственным образом представить в виде |
линейной |
|
комбинации этих векторов |
|||||||||||
x 1a1 2a2 ... nan . Тогда система векторов |
a1, a2, ..., an |
называется бази- |
||||||||||||
сом пространства Rn , числа 1, 2, ..., n |
– координатами вектора x |
в базисе, чи- |
ло n – размерностью пространства Rn .
Равенство x 1a1 2a2 ... nan называют разложением вектора x по
базису a1, a2, ..., an .
Теорема. В линейном пространстве размерности n любые n линейно не-
зависимых векторов образуют базис этого пространства. |
|
|
Пример 2. Образуют ли векторы a1 1,2,0 , |
a2 0,1,2 , |
a3 2,0,1 ба- |
зис пространства R3 ?
Р е ш е н и е. Исследуем данную систему векторов на линейную зависимость. Для этого определим ранг матрицы этой системы векторов
21
|
1 |
0 |
2 |
|
V 1 0 |
2 |
V |
1 |
0 |
2 |
|
V 1 |
0 |
0 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
1 |
0 |
|
|
0 |
1 |
|
V |
0 |
1 |
|
V |
0 |
1 |
0 |
. |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
2 |
1 |
|
|
0 |
2 |
1 |
|
|
0 |
0 |
9 |
|
V |
0 |
0 |
1 |
|
Так как ранг матрицы системы векторов равен трем, данные векторы линейно независимы.
Размерность пространства R3 равна трем. Данная система векторов линей-
но независима и состоит из трех векторов. Поэтому, согласно сформулированной выше теореме, эта система является базисом пространства R3 .
Рассмотрим теперь задачу отыскания разложения векторов по заданному базису. Напомним, что если в линейном пространстве задан базис, то разложением некоторого вектора по данному базису называется представление этого вектора в виде суммы входящих в базис векторов с некоторыми числовыми коэффициентами. Эти коэффициенты называются координатами этого вектора в данном базисе.
Для того чтобы разложить по данному базису один или несколько векторов, можно записать матрицу системы, состоящей из всех заданных векторов, и последовательно выполнить над ней столько жордановых исключений, сколько векторов входит в состав базиса. Ведущие элементы исключений следует выбирать в различных строках полученной матрицы, но лишь в столбцах соответствующих заданному базису. В результате вычислений столбцы, соответствующие векторам, образующим базис, преобразуются в единичные столбцы, а в остальных столбцах получаются координаты соответствующих векторов в заданном базисе.
Пример 3. Векторы a1 3,1 , a2 5,2 образуют базис пространства R2 . Разложить по этому базису векторы b1 1,1 , b2 1,0 .
Р е ш е н и е. Согласно сформулированному выше правилу, составим матрицу A системы, состоящей из всех четырех векторов, заданных в условии задачи. Для того чтобы в дальнейших преобразованиях было легче проследить соответствие между столбцами матрицы и заданными векторами, запишем над каждым ее столбцом название соответствующего ему вектора
|
|
|
|
|
|
|||
a1 |
a2 b1 b2 |
|||||||
|
3 |
5 |
1 |
1 |
|
|||
A |
1 |
2 |
1 |
0 |
. |
|||
|
|
Поскольку заданный базис состоит из двух векторов, над полученной матрицей нужно последовательно выполнить два жордановых исключения. Ведущие элементы исключений следует выбрать в различных строках и только тех столбцах, которые соответствуют базисным векторам (в нашем случае это первый и второй столбцы матрицы)
3 |
5 |
1 |
1 |
|
|
|
|
|
0 |
|
|
1 |
||||
0 |
1 |
2 1 |
1 |
2 |
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
0 |
3 |
2 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
1 |
2 |
1 |
0 |
|
|
1 |
2 |
1 0 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
22 |
|
|
|
|
|
|
|