Классические методы химического анализа (110
..pdfКоличество прореагировавшего реагента (ммоль) = Исходное количество реагента (ммоль) – Оттитрованное количество реагента (ммоль).
Масса аналита (мг) = Количество прореагировавшего реагента (ммоль) х. Отношение стехиометрических коэффициентов х. Молярная масса аналита (мг/ ммоль).
Пример 19.
Хром (III) взаимодействует с ЭДТА (Н4Y) медленно, поэтому его определяют обратным титрованием. Для анализа лекарственного препарата, содержащего Сr (III), навеску массой 2,63 г растворили и добавили 5,00 мл 0,0103 М ЭДТА. По завершении реакции непрореагировавшее количество ЭДТА оттитровали 1,32 мл 0,0122 М раствора Zn2+. Какова массовая доля
(%)хлорида хрома в препарате?
Решение
КакСr3+, такиZn2+ взаимодейстуютсЭДТАвмольномсоотношении1 : 1:
Сr3+ + H4Y → CrY- + 4H+,
Zn2++ H4Y→ ZnY2- + 4H+.
Исходное количество ЭДТА равно
0,0103 ммоль/мл ЭДТА · 5,00 мл = 0,0515 ммоль.
Количество непрореагировавшего ЭДТА равно. 0,0112 ммоль/мл Zn2+ · 1,32 мл = 0,0148 ммоль Количество прореагировавшего ЭДТА равно
0,0515 ммоль (исходно) – 0,0148 ммоль (осталось) = 0,0367 ммоль ЭДТА = количеству ммоль Сr3+
Масса оттитрованного СrCl3
0,0367 ммоль СrCl3 ·158,4 мг/ммоль = 5,81 мг
|
ω |
= |
5,81 мгСrCl3 |
|
100 % =0,221%. |
|||
|
|
|||||||
|
|
СrСl3 |
|
2630 мг пробы |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
||
|
Или, выполнив все вычисления в одну стадию, |
|||||||
ω |
|
= |
(cЭДТА VЭДТА −сZn2+ |
VZn2+ 1 MCrCl3 ) |
100 % = |
|||
|
|
|
||||||
СrCl3 |
|
|
|
mпробы |
||||
|
|
|
|
|
= (0,0103 ммоль/ мл 5,00 мл−0,0112 ммоль/ мл 1,32 мл) 1 158,4 мг / ммоль× 2630 мг
×100 % = 0,221 %
Использование нормальностей в титриметрии
Часто вещества взаимодействуют в мольном соотношении, отличном от 1 : 1. Соответственно их растворы с равными молярными концентрациями взаимодействуют в объемном соотношении, также отличном от 1 : 1. Однако, используя понятие «эквивалент» и «нормальность», можно и в
31
этом случае вести расчеты точно так же, как и для веществ, взаимодействующих в мольном соотношении 1 : 1. Для этого вводят специальный способ выражения концентраций, традиционно называемый нормальностью. Концентрации, выраженные в единицах нормальности, обозначают символом N подобно тому, как концентрации, выраженные в единицах молярности, – символом М. Нормальность раствора равна числу молей эквивалентов вещества в литре раствора:
Нормальность (N) = моль экв./л = ммоль экв./мл. (37)
Под эквивалентом понимается частица (возможно, воображаемая), взаимодействующая с одной «реагирующей единицей» – например, протоном в кислотно-основных реакциях. Так, одна частица НСl в ходе кислотной диссоциации отщепляет один протон. Поэтому эквивалентом хлористого водорода является одна частица НСl, а молем эквивалентов – один моль НСl. С другой стороны, Н2SO4 отщепляет два протона. Поэтому один моль Н2SO4 равен двум молям эквивалентов Н2SO4 (а сам эквивалент в этом случае представляет собой воображаемую частицу «1/2 Н2SO4»). Число молей эквивалентов можно рассчитать из числа молей вещества следующим образом:
Число молей эквивалентов = Число молей вещества х. Число «реагирующих единиц», приходящихся на одну молекулу.
Число миллимолей эквивалентов = Число миллимолей вещества х. Число «реагирующих единиц», приходящихся на одну молекулу.
Число «реагирующих единиц» зависит от природы реакции и для одного и того же вещества может быть различным. Особенно часто это наблюдается в окислительно-восстановительных реакциях.
Эквивалентная масса – это сокращенное название молярной массы эквивалента, т.е. масса (в граммах) такого количества вещества, которое взаимодействует с одним молем «реагирующих единиц». Так, для НСl эквивалентная масса Мэкв. равна молярной массе М. В то же время для Н2SO4 количество вещества, содержащее один моль протонов, равно половине моля, поэтому эквивалентная масса Н2SO4 составляет половину молярной массы:
Экв. масса НСl = |
|
|
МHCl (г / моль) |
, |
|
||
|
1(моль экв. / моль) |
|
|||||
Экв. масса Н2SO4 |
= |
M H SO (г / моль) |
. |
||||
2 |
4 |
||||||
|
|
|
|
|
2(моль экв. / моль)
Пример 20.
Рассчитайте эквивалентные массы следующих веществ: а) NH3, б)Н2С2О4 (применительно к реакции с NaOH), в) КMnO4 (применительно к реакции восстановления Mn (VII) до Мn (II)).
Решение
а) Одна частица NH3 представляет собой один эквивалент NH3. Поэтому экв. масса NH3 = MNH3 (г/моль) / 1 = 17,03 / 1 = 17,03 г/моль экв.
32
б) Одна частица Н2С2О4 содержит два эквивалента,
экв. масса Н2С2О4 = MН2С2О4 (г/моль) / 2 = 90,04 / 2 = 45,02 г/моль экв. в) В ходе указанной реакции атом Mn изменяет свою степень окисле-
ния с +7 до +2, присоединяя пять электронов: MnO4- + 8H+ +5e- = Mn2+ + 4H2O.
Поэтому
Экв. масса КMnO4 = MКMnO4 (г/моль) / 5 = 158,04 / 5 = 31,608 г/моль экв.
Подобно тому, как число молей вещества можно рассчитать делением его массы (г) на молярную массу (г/моль), можно рассчитать и число молей эквивалентов путем деления массы вещества на его эквивалентную массу:
Число молей экв. = Масса (г) / Экв. масса (г/моль экв.), (38) Число миллимолей экв. = Масса (мг) / Экв. масса (мг/ммоль экв.). (39)
Нормальность (эквивалентная концентрация) равна частному от деления числа молей эквивалентов на объем раствора:
с(моль экв. / л, N) = |
m(г) / Mэкв (г / моль экв.) |
. |
|
(40) |
||
|
V (л) |
|
||||
|
|
|
|
|
||
с(ммоль экв. / мл, N ) = |
m(мг) / M |
экв (мг / ммоль экв.) |
. |
(41) |
||
|
V (мл) |
|
||||
|
|
|
|
|
|
Пример 21.
Рассчитайте эквивалентную концентрацию растворов следующего состава:
а) Na2CO3 5,300 г/л (применительно к реакции взаимодействия СО32– с двумя протонами);
б) 5,267 г/л К2Сr2O7 (применительно к реакции восстановления хрома до Сr3+).
Решение
а) Поскольку СO32– взаимодействует с 2Н+ (с образованием Н2СО3), то
=5,300 г / л =
с(105,99 / 2) г / мольэкв. 0,1000 моль экв. / л (0,1000N ).
б) Каждый атом Сr (VI) восстанавливается до Сr (III), поэтому одна
частица К2Сr2O7 взаимодействует с шестью электронами:
Сr2O72- + 14Н+ + 6е- = 2Сr3+ + 7H2O,
=5,267 г / л =
с(294,19 / 6) г / мольэкв. 0,1074 моль экв. / л (0,1074N ).
Для нахождения числа молей эквивалентов не всегда необходимо в явном виде рассчитывать молярную массу эквивалента. Можно просто использовать стехиометрический фактор m* для перевода числа молей вещества в число молей эквивалентов. Стехиометрический фактор равен числу эквивалентов, составляющих одну частицу вещества.
Число молей эквивалентов = Число молей вещества · m.
33
Эквивалентная концентрация (моль экв./л, N) = Молярная концентрация (моль/л, М) – m.
Эквивалентная масса (г/моль экв.) = Молярная масса (г/моль) / m.
Для окислительно-восстановительных реакций в ходе расчетов, связанных с эквивалентами, нельзя просто полагаться на величину изменения степени окисления элемента. Необходимо использовать стехиометрическое уравнение полуреакции. Например, когда дихромат-ион восстанавливается
до Cr3+, уравнение полуреакции имеет вид Сr2O72- + 14Н+ + 6е- = 2Сr3+ + 7H2O.
Отсюда m = 6 (шесть электронов, приходящихся на одну частицу Сr2O72–). Поэтому эквивалентная концентрация 0,1М раствора К2Сr2O7 составляет
0,6 моль экв./л (0,6 N).
Преимущество выражения концентраций посредством нормальности, а количества вещества – при помощи эквивалентов состоит в том, что один моль эквивалентов вещества А всегда взаимодействует с одним молем эквивалентов вещества В. Так, один моль эквивалентов NaOH (=1 моль NaOH) взаимодействует как с одним молем эквивалентов НСl (=1 моль НСl), так и с одним молем эквивалентов Н2SO4 (=1/2 моль Н2SO4). Поэтому можно рассчитывать массу аналита непосредственно из числа молей эквивалентов титранта, так как оно равно числу молей эквивалентов аналита. Все вычисления с использованием эквивалентных концентраций (нормальностей) выполняются точно так же, как вычисления с использованием молярностей для реакций, протекающих в мольном соотношении 1 : 1.
Следует подчеркнуть, что число молей эквивалентов и величина эквивалентной концентрации зависят от природы конкретной реакции. Напри-
мер, Na2CO3 может взаимодействовать как с одним протоном (СО32– + Н+ → НСО3–), так и с двумя протонами (СO32– + 2H+ → H2CO3). В первом случае одному иону СО32– соответствует одна «реагирующая единица», во втором – две. Поэтому использование величин эквивалентных концентраций, количества молей эквивалентов и эквивалентной массы связано с определенной опасностью: все эти величины имеют смысл только применительно к конкретной реакции, и эта реакция должна быть явно указана. Например, если концентрация раствора KMnO4 записана просто как 0,1000 N без указания, что за реакция имеется в виду, то это может быть как реакция восстановления перманганат-иона до Mn2+(обычно протекающая в кислой среде), так и реакция восстановления до MnO2 (в нейтральной среде). В первом случае число «реагирующих единиц» (электронов), приходящихся на один перманганат-ион, равно пяти, во втором – трем. Если же указана мольная концентрация вещества (молярность), то это величина однозначная. Раствор 1 М KMnO4 может быть 5N и 3N раствором в зависимости от того, в какой реакции он используется.
34
Число «реагирующих единиц», а следовательно, и число эквивалентов, приходящихся на одну частицу вещества, зависит от того, в какой реакции это вещество участвует. Однако в любом случае для аналита А и титранта Т в точке эквивалентности:
Число миллимолей эквивалентов А(nэквА)=Число миллимолей эквивалентов Т (nэкв Т), (42)
|
mA (мг) |
(мл) , |
(43) |
|
nэквА(ммоль экв.) = |
|
= сэквТ (ммольэкв./ л, N ) VТ |
||
M эквА(мг/ ммольэкв.) |
||||
mА(мг) = nэквТ (ммоль экв.) M эквА(мг/ ммоль экв.) , |
|
(44) |
||
mА(мг) = сэквТ(ммоль экв./ л,N)·VТ(мл)·MэквА(мг/ммоль экв.). |
|
(45) |
Эквивалентную массу А рассчитывают точно так же, как и эквивалентную массу Т, т. е. с использованием числа «реагирующих единиц», взаимодействующих с одной молекулой А либо отщепляемых ею.
Пример 22.
Сколько миллилитров 0,25 М раствора Н2SO4 необходимо для реакции с 10 мл 0,25 М раствора NaOH?
Решение
Поскольку одна частица Н2SO4 содержит две «реагирующие единицы», то эквивалентная концентрация раствора Н2SO4 вдвое выше, чем молярная:
2NaOH + H2SO4 → Na2SO4 + 2H2O,
сэкв(H2SO4) = 2 моль экв./моль ·0,25 моль/л = 0,50 моль экв./л. Эквивалентная концентрация (нормальность) раствора NaOH равна его
молярной концентрации, поскольку одна частица NaOH взаимодействует с одной «реагирующей единицей»:
сэкв(NaОН) = 0,25 моль экв./л;
сэкв(H2SO4) (ммоль экв./ мл) · V (H2SO4) (мл) = сэкв(NaOH) (ммоль экв./ мл) · V(NaOH)(мл);
0,50 ммоль экв./мл · V(H2SO4)(мл) = 0,25 ммоль экв./мл · 10мл V(H2SO4) = 5,0 мл.
Титр – способ быстрого выполнения серийных вычислений
Для серийных (рутинных) вычислений в титриметрии часто бывает удобным рассчитать титр раствора титранта. Титр – это масса аналита (выражаемая обычно в миллиграммах), химически эквивалентная 1 мл раствора титранта. Например, если указано, что титр раствора дихромата калия равен 1,267 мг Fe, это означает, что один миллитр такого раствора взаимодействует с 1,267 мг железа. Массу оттитрованного железа находят умножением израсходованного объема титранта на его титр. При желании титр может быть выражен в виде массы любой формы аналита, например, FeO
или Fe2O3.
35
Пример 23.
Концентрация стандартного раствора дихромата калия составляет 5,442 г/л. Чему равен его титр, выраженный в виде массы Fe3O4(мг)?
Решение
Железо титруется в виде Fe2+, а один ион Сr2O72– взаимодействует с шестью ионами Fe2+, что соответствует содержанию железа в 2Fe3O4:
6Fe2+ + Сr2O72– + 14H+ → 6Fe3+ + 2Cr3+ + 7H2O.
Молярность раствора К2Сr2O7 равна
с |
|
2−(M ) = |
5, 442 г / л |
= 0,01850 моль/ л, |
|
|
|||
Сr О7 |
294,19 г / моль |
|
||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
Отсюда титр равен |
|
|
|
2 ммольFe3O4 |
|
мгFe3O4 |
|
||
0,01850 ммольK |
Cr O / мл |
231,54 |
= |
||||||
|
|
||||||||
2 |
|
2 |
7 |
1 ммольК2Сr2O7 |
|
ммольFe3O4 |
|||
|
|
|
|
|
= 8,567 мгFe3O4 / мл К2Сr2O7 .
Кислотно-основное титрование
В основе кислотно-основного титрования лежит реакция кислоты с эквивалентным количеством основания. Кривая титрования – график зависимости рН раствора от добавленного объема титранта. Титрантом всегда является раствор сильной кислоты или сильного основания. Аналит может быть как сильным, так и слабым основанием или кислотой.
Титрование сильной кислоты сильным основанием
Пример 24.
Рассчитайте значения рН в точках, соответствующих 0; 10; 90; 100 и 110 % оттитрованности, при титровании 50,0 мл 0,100 М раствора HCl 0,100 М растворомNaOH.
Решение
1)При 0 % оттитрованности рН = – lg0,100 = 1,00.
2)До точки эквивалентности, когда в растворе находится избыток кислоты, справедливо следующее выражение:
[Н+] = (Скислоты · Vкислоты – Соснования · Vоснования) / Vобщий
При 10 % оттитрованности добавлено 5,0 мл раствора NaOH.
В исходном растворе НСl 0,100М · 50,0 мл = 5,00 ммоль ионов Н+ Добавленное количество ОН– = 0,100 М · 5,0 мл = 0,500 ммоль Оставшееся количество [Н+] = 4,50 ммоль/55,0 мл = 0,0818 М
рН = – lg0,0818 = 1,09
При 90 % оттитрованности исходное количество Н+ = 5,00 ммоль
добавленное количество ОН– = 0,100 М · 45,0 мл = 4,500 ммоль Оставшееся количество Н+ = 0,50 ммоль Н+ в 95,0 мл
36
[Н+] = 0,00526 М,
рН = – lg 0,00526 = 2,28.
3)При 100 % оттитрованности: все ионы Н+ прореагировали с ионами ОН–, и в результате получился нейтральный 0,0500 М раствор NaCl, рН которого равен 7,00.
4)После точки эквивалентности, когда в растворе находится избыток основания, справедливо выражение:
[Н+] = (Соснования · Vоснования – Скислоты · Vкислоты) /Vобщий,
При 110 % оттитрованности: в растворе находится смесь NaCl и избытка NaOH.
ммоль ОН–= 0,100 М · 5,0 мл = 0,50 ммоль ОН– в 105 мл
[ОН–] = 0,00476 М
рОН = – lg 0,00476 = 2,32; рН = 11,68.
Титрование слабых кислот сильными основаниями |
|
|
Таблица 3 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Основные уравнения для расчета кривых титрования слабой кислоты (НА) |
||||||||||||||
|
|
|
или слабого основания (В) |
|
|
|
|
|||||||
Степень |
|
|
Cлабая кислота |
|
|
|
Слабое основание |
|
||||||
оттитро- |
В |
|
|
|
|
|
В |
|
|
|
|
|
|
|
ванности, |
рас- |
Уравнение |
рас- |
|
Уравнение |
|
||||||||
f |
творе |
|
|
|
|
|
творе |
|
|
|
|
|
||
f = 0 |
НА |
[H +] = Ka CHAa |
В |
|
[OH −] = KbCB |
|
||||||||
0 < f < 1 |
HA/A- |
рН = рКа + lg CA− |
B/ BH+ |
рН = (рКw-рКb) + lg |
СВ |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
CHA |
|
|
|
|
|
|
СВН + |
|
|
- |
[ОН |
− |
] = |
KW |
CA− |
|
+ |
[ОН |
+ |
] = |
K |
|
f = 1 |
A |
|
Ka |
BH |
|
W C |
+− |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
BH |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Kb |
|
||||
f > 1 |
OH-/A- |
[OH-] = [избыток |
Н+/BH+ |
[Н+] = [избыток |
||||||||||
титранта] |
|
титранта] |
|
Пример 25.
Рассчитайте рН при добавлении 0; 10,0; 25,0; 50,0 и 60,0 мл раствора титранта (0,100 М NaOH) к 50,0 мл 0,100 М уксусной кислоты.
1) В начальной точке (0 мл титранта) имеем 0,100 М раствор кислоты
[H+] = 1,75 10−5 0,1 = 1,32 10−3 M ,
рН = 2,88.
2) Начальное количество НОАс = 5,00 ммоль. Добавлено ОН–: 0,100 М · 10,0 мл = 1,00 ммоль. Осталось НОАс = 4,00 ммоль НОАс в 60,0 мл.
37
Система представляет собой буферный раствор. При вычислениях величины объемов сокращаются, поэтому можно использовать непосредственно количества вещества:
рН = 4,76 + lg 1,004,00 = 4,16 .
3) При добавлении 25,0 мл титранта половина НОАс превратилась в ОАс–, поэтму рН = рКа
рН = 4,76 + lg 2,502,50 = 4,76
4) При добавлении 50,0 мл титранта вся НОАс превратилась в ОАс-.
[ОН−] = |
KW ОАс− = |
1,0 |
10−14 |
0,0500 = 5,35 10−6 М |
|
Ka |
1,75 |
10−5 |
|
рОН = 5,27; рН = 8,73
5) При добавлении 60,0 мл титранта в растворе содержится NaOAc и избыток NaOH. В присутствии ОН- влиянием ацетат-ионов можно пренебречь. Таким образом, величина рН определяется только избыточной концентрацией ОН–:
Количество ОН– = 0,100 М · 10,0 мл = 1,00 ммоль в 110 мл
[ОН–] = 0,00909 М рОН = 2,04; рН = 11,96.
Реакции комплексообразования и комплексометрическое титрование
Образование комплексов можно использовать для достаточно простого и точного титриметрического определения ионов металлов (комплексометрическое титрование), в ходе которого титрантом служит раствор лиганда (комплексообразующий реагент).
Пример 26.
Двухзарядный ион металла М2+ взаимодействует с лигандом L с образованием комплекса состава 1 : 1:
М2+ + L = МL2+ |
Кf = |
[ML2+ ] |
|
. |
|
[M 2+ ][L] |
|||||
|
|
|
Рассчитайте концентрацию иона М2+ в растворе, образованном смешением равных объемов 0,20 М растворов М2+ и L; Kf = 1,0 · 108.
Решение
М2+ и L смешаны в стехиометрически равных количествах. Комплекс достаточно устойчив, поэтому реакцию можно считать протекающей практически полностью. Ввиду того, что объемы исходных растворов были рав-
38
ны, общие концентрации каждого компонента уменьшились в два раза. Обо-
значим искомую концентрацию [М2+] как х. Тогда в состоянии равновесия:
М2+ + L = МL2+
хх 0,10 –х ≈ 0,10
Подставив эти величины в выражение для Кf, получаем:
0,10 = 1,0 108 ,
х х
х = [М2+] = 3,2·10-5 М.
Пример 27.
Константа устойчивости СaY2– равна 5,0 · 1010. При рН 10 рассчитанное значение α составляет 0,35, а условная константа устойчивости СaY2– –
1,8 · 1010. Рассчитайте рСа в растворе, полученном при добавлении к 100 мл
0,100 М Са2+ при рН 10 : а) 0; б) 50; в) 100; г) 150 мл 0,100 М ЭДТА.
Решение
а) рСа = – lg[Ca2+] = – lg 1,00 · 10–1 = 1,00,
б) Общее количество Са2+ равно 0,100 М · 100 мл = 10,0 ммоль. Количество добавленного ЭДТА равно 0,100 М · 50 мл = 5,0 ммоль. Величина условной константы устойчивости очень велика, равновесие сильно сдвинуто вправо. Поэтому тем количеством свободных ионов Са2+, которые образуются вследствие диссоциации СaY2–, можно пренебречь. Таким образом, количество свободных ионов Са2+ равно общему количеству ионов Са2+, не вступивших в реакцию:
nCa2+ = 10,0 – 5,0 = 5,0 ммоль,
[Ca2+] = 5,0 ммоль/150 мл = 0,033 M, рСа = – lg 3,3 · 10–2 = 1,48.
в) В точке эквивалентности почти все ионы Са2+ превращаются в СaY2. Число миллимолей образовавшегося СaY2– равно исходному числу миллимолей Са2+, а концентрация кальция равна 10,0 ммоль/200 мл = 0,0500 М. Из уравнения диссоциации СaY2– следует, что [Ca2+] = CН4Y = х, а равновесная концентрация [СaY2–] = 0,0500 М – х. Однако степень диссоциации комплекса мала, поэтому величиной х по сравнению с 0,0500 М можно пренебречь.
Таким образом:
0,050 = 1,8 1010 ,
х х
х = 1,7 · 10–6М = [Ca2+],
рСа = – lg(1,7 · 10–6М) = 5,77.
г) Концентрация CН4Y равна избыточной концентрации ЭДТА (вклад, обусловленный диссоциацией СaY2, в этом случае еще меньше, чем в предыдущем, поскольку теперь в системе присутствует избыток ЭДТА). Число миллимолей СаY2 такое же, как и в предыдущем случае. Отсюда
39
[СaY2–] = 10,0 ммоль / 250 мл = 0,0400 М.
Избыток ЭДТА составляет 0,100 М · 150 мл – 0,100 М · 100 мл = = 5,0 ммоль
CН4Y = 5,0 ммоль / 250 мл = 0,0200 М,
0,040 |
=1,8 1010 , |
|
[Ca2+ ] 0,020 |
||
|
[Са2+] = 1,1 · 10–10 М,
рСа = – lg (1,1 · 10–10) = 9,95.
Окислительно-восстановительное титрование
Титрование с использованием в качестве титрантов окислителей или восстановителей – очень удобный метод определения многих веществ. Конечную точку титрования можно установить, измерив потенциал подходящего электрода и построив кривую титрования.
Пример 28.
Рассчитайте потенциал как функцию объема титранта после добавле-
ния 10,0; 50,0; 100 и 200 мл 0,100 М раствора Се4+ к 100,0 мл 0,100 М рас-
твора Fe2+. Решение
Запишем уравнение реакции титрования
Fe2+ + Се4+ = Fe3+ + Се3+
10,0 мл титранта: ммоль Се4+ добавлено = 0,100 М · 10,0 мл = 1,00 ммоль
ммоль Fe2+ прореагировало = 1,00 ммоль = ммоль Fe3+ образовалось ммоль Fe2+ осталось = 0,100 М · 100 мл – 1,00 ммоль = 9,0 ммоль Fe2+
Е = 0,771−0,059lg 9,01,0 = 0,715В.
50,0 мл титранта: половина исходного количества Fe2+ окислена до Fe3+ (5,00 ммоль каждого)
Е = 0,771−0,059lg 5,5,0000 = 0,771В.
100 мл титранта: ммоль Fe3+ = 10,0 – х =10,0,
ммоль Fe2+ = х,
ммоль Се3+ = х = 10,0 – х = 10,0,
ммоль Се4+ = х.
Необходимо вычислить х. Поскольку расчет делается в предположении, что равновесие достигнуто, то используя уравнение Нернста, можно записать
0,771− |
0,059 |
lg |
[Fe2+ ] |
=1,61− |
0,059 |
lg |
[Ce3+ ] |
|
1 |
[Fe3+ ] |
1 |
[Ce4+ ] |
|||||
|
|
|
|
40