Учебники 80163
.pdfa |
(x) [y (x) +Y (x) ]″ + a (x) [y(x) +Y (x)]′ + a |
(x) [y(x) +Y (x) ]= |
||
0 |
|
1 |
2 |
|
|
′′ |
′ |
|
|
= [a0 (x) y (x) + a1 |
(x) y (x) + a2 (x) y(x) ]+ |
|
||
|
′′ |
′ |
(x)Y (x) ]≡ |
|
+[a0 (x)Y (x) + a1 |
(x)Y (x) + a2 |
|
||
≡ b (x) +0 ≡ b (x). |
|
|
|
|
Отсюда следует, |
что функция |
y = y(x) +Y (x) действительно является |
решением неоднородного уравнения (11.1). Для того чтобы убедиться, что это решение является общим, остается показать, что из него можно выделить единственное частное решение, удовлетворяющее начальным условиям (11.5):
y / x=x0 = y0 , y′/ x=x0 = y0′.
Пусть y1(x) и y2 (x) - два частных решения соответствующего однородного уравнения, образующие фундаментальную систему частных решений. В
таком случае Y = C1 y1 |
(x) +C2 y2 (x) и |
|
y = y(x) |
+Y (x) = y(x) +C1 y1(x) +C2 y2 (x). |
(11.6) |
Пусть y =ϕ(x) - какое-либо частное решение неоднородного уравнения
(11.1), удовлетворяющее начальным условиям (11.5). Покажем, что оно может быть выделено из решения (11.6) соответствующим подбором C1 и C2 .
Действительно, так как |
|
|
|
′ |
′ |
|
y = y(x) +C1 y1(x) +C2 y2 (x) |
и y |
′ |
′ |
(x), |
||
|
= y (x) +C1 y1 |
(x) +C2 y2 |
то, подставляя начальные условия, получим систему уравнений для определения неизвестных C2 и C1:
y0 = y(x0 ) +C1 y1(x0 ) +C2 y2 (x0 ),
y0′ = y′(x0 ) +C1 y1′(x0 ) +C2 y2′ (x0 ),
или
C1 y1(x0 ) +C2 y2 (x0 ) = y0 − y(x0 ), C1 y1′(x0 ) +C2 y2′ (x0 ) = y0′ − y′(x0 ).
|
Эта система имеет единственное решение С10 и |
С20 ,так как ее определи- |
||||
тель |
отличен |
от |
нуля. |
Полученное |
частное |
решение |
y = y(x) +C10 y1(x) +C20 y2 (x) в силу теоремы единственности будет совпадать срешением y =ϕ(x) Такимобразом, теорема доказана.
51
Лекция 8
12. ЛИНЕЙНЫЕ ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫЕ УРАВНЕНИЯ ВТОРОГОПОРЯДКА С ПОСТОЯННЫМИ КОЭФФИЦИЕНТАМИ
Рассмотрим частный случай линейных уравнений второго порядка, когда коэффициенты уравнения постоянны, т.е. являются числами. Такие уравнения называются уравнениями с постоянными коэффициентами. Этот вид уравнений находит особенно широкое применение.
12.1. Линейные однородные дифференциальные уравнения второго порядка с постоянными коэффициентами
Рассмотримуравнение
a0 y′′+ a1 y′+ a2 y = 0,
в котором коэффициенты a0 , a1, a2 постоянны. Полагая, что a0 ≠ 0, |
деля все |
|||
члены уравнения на a0 и обозначая |
|
|
||
|
a1 |
= p, |
a2 = q, |
|
|
|
|
||
|
a |
a |
|
|
0 |
|
0 |
|
|
запишемданноеуравнениеввиде |
|
|
||
y′′+ py′+ qy = 0. |
(12.1) |
Какизвестно, длянахождения общегорешениялинейного однородного уравнения второго порядка достаточно знать его фундаментальную систему частных решений. Покажем, как находится фундаментальная система частных решений для однородного линейного дифференциального уравнения с постоянными коэффициентами.
Будемискатьчастноерешениеэтогоуравненияввиде |
|
y = ekx. |
(12.2) |
Решение ищется в виде показательной функции, т. к. она обладает тем свойством, что её вид сохраняется при нахождении произведений любого порядка, а следовательно, слагаемыевыражения(12.1) отличаются друготдругатолькокоэффициентами.
Дифференцируя эту функцию два раза и подставляя выражения для y, y′и y′′в уравнение (12.1), получим
52
ekxk 2 + pkekx + qekx = 0.
Так как ekx ≠ 0, то, сокращая на ekx , получим уравнение |
|
ϕ(k) ≡ k 2 + pk + q = 0. |
(12.3) |
Из этого уравнения определяются те значения k , при которых функция ekx будет решением уравнения (12.1).
Алгебраическое уравнение (12.3) для определения коэффициента k назы-
вается характеристическим уравнением данного дифференциального урав-
нения (12.1).
Характеристическое уравнение является уравнением второй степени и имеет, следовательно, два корня. Эти корни могут быть либо действительными различными, либо действительными и равными, либо комплексными сопряженными.
Рассмотрим, какой вид имеет фундаментальная система частных решений в каждом из этих случаев.
1. Корни характеристического уравнения действительные и различ-
ные: k1 ≠ k2.
В этом случае по формуле (12.2) находим два частных решения:
y1 = ek1x , y2 = ek2 x.
Эти два частных решения образуют фундаментальную систему решений на всей числовой оси, так как определитель Вронского нигде не обращается в нуль:
W (x) = |
ek1x |
ek1x |
= e(k1 |
+k2 )x (k |
|
−k ) ≠ 0. |
||
|
k ek1x |
k |
2 |
ek2 x |
|
|
2 |
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
Следовательно, общее решение уравнения согласно формуле (11.4) имеет
вид
Y = C ek1x +C |
ek2 x . |
(12.4) |
|
1 |
2 |
|
|
2. Корни характеристического уравнения равные: k1 = k2.
В этом случае оба корня будут действительными. По формуле (12.2) получаем только одно частное решение
y1 = ek1x.
Покажем, что второе частное решение y2 (x), образующее вместе с первым фундаментальную систему, имеет вид
53
y2 = xek1x.
Прежде всего, проверим, что функция y2 (x) является решением уравне-
ния (12.2).
Действительно,
y2″ + py2′ + qy2 = (xek1x )′′+ p(xek1x )′+ q(xek1x ) = 2k1ek1x + k12 xek1x + p(ek1x + xk1ek1x ) + qxek1x =
=ek1x (2k1 + k12 x + p + pxk1 + qx) =
=ek1x [x(k12 + pk1 + q) +( p + 2k1 )].
Но k12 + pk1 + q = 0, так как k1 есть корень характеристического уравнения (12.3). Кроме того, по теореме Виета p = −(k1 + k2 ) = −2k1. Поэтому
p + 2k1 = 0. Следовательно, y2″ + py2′ + q = 0, т.е. функция y2 (x) = xek1x действительно является решением уравнения (12.1).
Покажем теперь, что найденные частные решения y1 = ek1x и
y2 = xek1x образуют фундаментальную систему решений. Действительно,
W (x) = |
|
ek1x |
xek1x |
|
= |
|
ek1x |
|
xek1x |
= e |
2k x |
≠ 0. |
|||
(e |
k x |
)′ |
(xe |
k x |
)′ |
k1e |
k x |
e |
k x |
(1+ k1x) |
1 |
||||
|
1 |
1 |
|
1 |
1 |
|
|
|
Таким образом, в этом случае общее решение однородного линейного уравнения имеет вид
Y = C1ek1x +C2 xek1x
или
Y = ek1x (C +C |
2 |
x). |
(12.5) |
1 |
|
|
3. Корни характеристического уравнения комплексные
Как известно, комплексные корни квадратного уравнения с действительными коэффициентами являются сопряженными комплексными числами, т.е.
имеют вид k1 =α + βi, k2 =α − βi. В этом случае частные решения уравнения (12.1), согласно формуле (12.2), будут иметь вид
y1 = ek1x = e(α+βi) x = eαxeβix , y2 = ek2 xe = e(α−βi)x = eαxe−βix.
54
Применяя формулы Эйлера, выражения для y1 и y2 , можно записать в виде
y1 = eax (cos βx +i sin βx), y2 = eax (cos βx −i sin βx).
Эти решения являются комплексными. Чтобы получить действительные решения, рассмотрим новые функции
y1 = 12 ( y1 + y2) = eαx cos βx, y2 = 21i ( y1 − y2) = eαx sin βx.
Они являются линейными комбинациями решений y1 и y2 и, следовательно, сами являются решениями уравнения (12.1).
Легко показать, что определить Вронского для этих решений отличен от
нуля и, следовательно, решения y1 = eαx cos βx и y2 = eαx sin βx образу-
ют фундаментальную систему решений.
Таким образом, общее решение однородного линейного дифференциального уравнения в случае комплексных корней характеристического уравнения имеет вид
Y = C1eαx cos βx +C2eαx sin βx
или
Y = eαx (C1 cos βx +C2 sin βx).
Приведем в заключение формулы общего решения уравнения (12.1) в зависимости от вида корней характеристического уравнения (табл.8).
|
|
|
|
|
|
|
|
Таблица 8 |
Уравнение |
|
|
|
Y ′′+ pY ′+ qY = 0 |
||||
Характеристиче- |
|
|
|
|
k 2 + pk + q = 0 |
|
|
|
ское уравнение |
|
|
|
|
|
|
|
|
Корни характери- |
|
|
|
|
|
|
|
k1 =α + βi, |
стического урав- |
k1 ≠ k2 |
|
|
|
k1 = k2 |
|
|
|
нения |
|
|
|
|
|
k2 =α − βi. |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Фундаментальная |
ek1x |
|
|
|
ek1x |
|
|
eαx cos βx |
система частных |
ek2 x |
|
|
|
xek1x |
|
|
eαx sin βx |
решений |
|
|
|
|
|
|||
Формула общего |
Y = C ek1x + C |
2 |
xe k1x |
|
Y = ek1x (C + C |
2 |
x) |
Y = eαx (C1сos βx + |
решения |
1 |
|
|
1 |
|
+ C2 sin βx). |
||
|
|
|
|
|
|
|
55
|
Пример 1. Найти общее решение уравнения y′′+5y′+6 y = 0. |
|
||||||||||
|
РЕШЕНИЕ: Характеристическое уравнение данного дифференциального |
|||||||||||
уравнения имеет вид k 2 +5k +6 = 0. Его корни k = −2, k |
2 |
= −3. Фундамен- |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
тальная система частных решений: y |
= e−2x , y |
2 |
= e−3x. |
Общее решение: |
||||||||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Y = C e−2x +C |
2 |
e−3x. |
|
|
|
|
|||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 2. Найти общее решение уравнения y′′−2 y′+ y = 0. |
|
||||||||||
|
РЕШЕНИЕ: Характеристическое уравнение k 2 −2k +1 = 0 |
имеет рав- |
||||||||||
ные |
корни |
k1 = k2 =1. Фундаментальная |
|
система |
|
частных |
решений: |
|||||
y = ex , y |
2 |
= xex. Общеерешение уравнения |
|
|
|
|
|
|
||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Y = ex (C1 +C2 x).
Пример 3. Найти общее решение уравнения y′′+ 4 y′+13y = 0.
РЕШЕНИЕ: Характеристическое уравнение k 2 + 4k +13 = 0 имеет кор-
ни k1 = −2 +3i |
и |
k2 = −2 −3i. Здесь |
α = −2, β = 3. Фундаментальная |
||
система частных решений: y = e−2x cos 3x, y |
2 |
= e−2x sin 3x. Общее решение |
|||
уравнение имеет вид |
1 |
|
|
||
|
|
|
|
||
|
|
Y = e−2x (C cos 3x +C |
2 |
sin 3x). |
|
|
|
1 |
|
|
|
Пример 4. Наши общее решение уравнения y′′+ 2 y = 0. |
|||||
РЕШЕНИЕ: Характеристическое уравнение k 2 + 2 = 0 имеет корни |
|||||
k1 = 2i и k2 = − |
2i. Здесь α = 0 и β = 2. Фундаментальная система |
||||
частных решений: |
y1 = cos 2x, y2 = sin |
2x. Общее решение уравнения |
Y= C1 cos 2x +C2 sin 2x.
12.2.Линейные неоднородные дифференциальные уравнения второго порядка с постоянными коэффициентами
Рассмотрим теперь уравнение |
|
y′′+ py′+ qy = f (x), |
(12.6) |
в котором коэффициенты p и q по-прежнему некоторые числа и правая часть f (x) - известная функция. Как было показано выше, общее решение уравне-
ния (12.6) представляет собой сумму общего решения соответствующего однородного уравнения и частного решения неоднородного уравнения.
56
Метод нахождения общего решения однородного уравнения с постоянными коэффициентами (12.1) подробно рассмотрен в предыдущем пункте. Для нахождения частного решения неоднородного уравнения (12.6) можно применить метод вариаций постоянных. Этот метод применим, вообще говоря, к любой правой части. Однако для уравнений с постоянными коэффициентами, правые части которых имеют специальный вид, существует более простой способ нахождения частного решения. Этот способ называется методом подбора формы частного решения. Не приводя выводов, укажем форму, в которой следует искать частное решение в зависимости от вида правой части f (x) дифферен-
циального уравнения.
Общее решение линейного неоднородного дифференциального уравнения y′′+ py′+ qy = f (x)
можно записать в виде суммы |
|
y = y0 +Y , |
(12.7) |
где y0 - общее решение соответствующего уравнения (12.6) без правой части,
определяемое по формулам (12.4)-(12.6), и Y - частное решение данного урав-
нения (12.7).
Функция Y может быть найдена методом неопределенных коэффициентов в следующих простейших случаях:
1. f (x) = eaxP (x), |
где P (x) - многочлен степени n. |
|||
|
|
n |
n |
|
• |
Если |
α не является корнем характеристического уравнения (12.3), |
||
|
т.е. |
ϕ(α) ≠ 0, то полагают Y = eaxQ (x), где Q (x) - много- |
||
|
|
|
n |
n |
|
член степени n с неопределенными коэффициентами. |
|||
• |
Если |
α есть корень характеристического уравнения (12.6), т.е. |
||
|
ϕ(α) = 0, то |
Y = xreaxQ (x), где r |
кратность корня α ( r =1 |
|
|
|
|
n |
|
или r = 2 ).
2.f (x) = eαx [Pn (x)cosbx +Qm (x)sin bx].
•Если ϕ(a +bi) ≠ 0, то полагают
Y= eαx [SN (x) cos bx +TN (x) sin bx], где SN (x) и TN (x) - мно-
гочлены степени N = max{n, m}.
•Если же ϕ(a +bi) = 0, то
Y= xreαx SN (x)cosbx +TN (x)sinbx ,
где r – кратность корней (a+bi) (для уравнений 2-го порядка r=1).
Пример 1: Найти общее решение уравнения 2 y′′− y′− y = 4xe2x.
57
Решение: |
Характеристическое |
|
уравнение |
2k 2 −k −1 = 0 имеет корни |
||||||||||
k =1, k |
|
= − |
1 |
. |
Общее |
решение соответствующего однородного |
уравнения |
|||||||
2 |
|
|||||||||||||
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|||
|
|
|
|
|
y |
|
= C ex +C |
e− |
|
|
||||
имеет |
вид) |
- |
0 |
2 |
. Правая |
часть заданного |
уравне- |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
1 |
2 |
|
|
|
|
|
ния f (x) = 4xe2x = eax Pn (x). Следовательно, Y = e2x ( Ax + B), так как n=1
и r=0.
Дифференцируя Y два раза и подставляя производные в данное уравнение, получим
2e2x (4Ax + 4B + 4A) −e2x (2Ax + 2B + A) −e2x ( Ax + B) = 4xe2x.
Сократим на e2x , раскроем скобки в левой части равенства и приведем подобные:
8Ax+8B+8A-2Ax-2B-A-Ax-B=4x, 5Ax+7A+5B=4x.
Приравняем коэффициенты при одинаковых степенях x и свободные члены в левой и в правой частях:
|
|
x |
|
|
|
|
5A = 4, |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
x0 |
|
7 A +5B = 0. |
|
|
||||||||
Решив систему, получим |
A = |
4 |
, B = − |
28 |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|||||||||
|
25 |
|
|
||||||||||
|
|
5 |
|
|
|
|
|
||||||
|
4 |
x − |
28 |
|
|
|
|
||||||
Таким образом, Y = e2x |
5 |
|
|
, а общее решение данного уравнения |
|||||||||
|
|
|
|
|
25 |
|
|
|
|
||||
y = C ex +C |
|
|
x |
|
4 |
|
28 |
||||||
|
|
|
|
x − |
|||||||||
2 |
e2 +e2x |
|
. |
||||||||||
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
25 |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример 2. Найти общее решение уравнения
y′′−6 y′+ 25y = e3x [(3x2 −2x + 4) cos 4x +(x −3) sin 4x ].
Общее решение данного уравнения будет иметь вид y = y0 +Y.
|
Найдем |
y0 - общее решение однородного уравнения, для чего составим |
||||||
характеристическое уравнение: |
k 2 −6k + 25 = 0; его корнями будут |
|||||||
k |
= 3 + 4i, k |
2 |
= 3 −4i и y |
o |
= e3x (C cos 4x +C |
2 |
sin 4x). |
|
1 |
|
|
|
1 |
|
58
Правая часть данного уравнения
f (x) = e3x [(3x2 −2x + 4) cos 4x +(x −3) sin 4x ],
откуда видим, что α = 3 - коэффициент показателя степени e3x , m = 2 - наи-
высший показатель степени [(3x2 −2x +4) ] и n=1 – наивысший показатель
степени x-3 и b=4 - коэффициент аргумента cos4x или sin4x.
Таким образом, ϕ(a +bi) =ϕ(3 + 4i) = 0, т.е. 3+4i – совпадает с одним из корней характеристического уравнения k1, следовательно, r=1,
N=max{m.n}=max{2;1}=2.
Исходя из полученного будем иметь, что частное решение неоднородного уравнения:
Y = xe3x [(Ax2 + Bx +C)cos 4x + (Dx2 + Ex + F )sin 4x ].
Найдя Y′ и Y ′′, подставим полученные значения производных в левую часть
исходного уравнения и, раскрыв скобки в правой части, приравняем неизвестные коэффициенты при подобных членах правой части к соответствующим известным коэффициентам левой части. Получим линейную систему алгебраических уравнений, откуда и найдем по формулам Крамера (или иным методом) значение А, В, С, Д, Е и F. Подставив их в Y , найдем частные решения, после
y = y0 +Y.
Заметим, что при нахождении коэффициентов, обе части равенства со-
кращаются на e3x , это упрощает дальнейшие расчеты. Для нахождения частного решения неоднородного уравнения должны быть даны начальные условия:
y(x0 ) = y0 и y′(x0 ) = y0′ , используя их, найдем C1 и C2 , а следовательно, и частное решение данного уравнения.
Лекция 9
13. ПОНЯТИЕ О СИСТЕМАХ ДИФФЕРЕНЦИАЛЬНЫХ УРАВНЕНИЙ
13.1. Общие понятия
Во многих задачах математики, физики и техники требуется определить сразу нескольких функций, связанных между собой несколькими дифференциальными уравнениями. В частности, к таким системам приводят задачи, в которых изучается движение тел в пространстве под действием заданных сил.
59
Пусть, например, по некоторой кривой (L) в пространстве под действием
силы F движется материальная точка массы m. Требуется определить закон движения точки, т.е. зависимость координат точки от времени.
Допустим, что r = r (t) - |
радиус-вектор движущейся точки. Если пере- |
||||||||||||
менные координаты точки обозначить через x(t), y(t), z(t), то |
|||||||||||||
|
|
rr = x(t)i + y(t) j + z(t)k. |
|
||||||||||
Скорость и ускорение движущейся точки вычисляется по формулам |
|||||||||||||
r |
|
dr |
|
dx r |
|
dy r |
dz |
r |
|
||||
v |
= |
|
= |
|
i + |
|
j + |
|
k , |
|
|||
dt |
dt |
dt |
dt |
|
|||||||||
r |
|
d 2rr |
d 2 x r |
d 2 y r |
d 2 z |
r |
|||||||
a |
= dt2 |
= dt2 |
i + dt2 |
j |
+ dt2 |
k. |
Сила Fr, под действием которой движется точка, вообще говоря, являет-
ся функцией времени, координат точки и проекций скорости на оси координат:
r |
= F |
|
|
dx |
, |
dy |
, |
dz |
||
F |
t, x, y, z, |
dt |
dt |
dt |
||||||
|
x |
|
|
|
||||||
|
|
|
dx |
|
dy |
|
dz |
|
||
+ |
F t, x, y, z, |
|
, |
|
|
, |
|
|
|
|
dt |
dt |
dt |
|
|||||||
|
z |
|
|
|
|
r |
|
dx |
, |
dy |
, |
dz r |
+ |
i |
+ Fy t, x, y, z, |
dt |
dt |
j |
|||
|
|
|
|
dt |
|
На основании второго закона Ньютона уравнение движения точки запи- mar = F.
Проектируя векторы, стоящие в левой и правой части этого равенства, на оси координат, получим три дифференциальных уравнения движения:
m |
d 2x |
= F |
|
dx |
|
, |
|
dy |
|
, |
|
dz |
|
|
|||||
dt2 |
t, x, y, z, |
|
|
|
|
|
|
|
, |
|
|||||||||
|
x |
dt |
|
|
|
|
dt |
|
|
|
dt |
|
|
||||||
|
d |
2 |
y |
|
|
dx |
|
|
|
dy |
|
|
|
|
|
|
|||
m |
|
|
|
|
, |
, |
dz |
(13.1) |
|||||||||||
dt |
2 |
= Fy t, x, y, z, |
dt |
|
|
dt |
|
|
, |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
dt |
|
||||||||
m |
d 2 z |
|
|
dx |
, |
|
dy |
, |
dz |
|
|
||||||||
|
|
2 |
= Fz t, x, y, z, |
dt |
|
|
dt |
|
dt |
. |
|
||||||||
|
dt |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Эти дифференциальные уравнения представляют собой систему трех дифференциальных уравнений второго порядка относительно трех искомых функций:
x = x(t), y = y(t), z = z(t).
60